吉林省實(shí)驗(yàn)中學(xué)20xx年高考物理二模試卷word版含解析(編輯修改稿)
2024-12-21 09:26 本頁面
【文章內(nèi)容簡介】 變大； 再以 AB 整體為研究對象受力分析， 設(shè) AC 繩與水平方向夾角為 α， 則豎直方向有： TACsinα=2mg 得： TAC= ，不變； 水平方向： TAD=TACcosα+F， TACcosα不變，而 F 逐漸變大，故 TAD逐漸變大； 故 B 正確； 故選： B． 5．如圖所示，細(xì)線的一端系一質(zhì)量為 m的小球，另一端固定在傾角為 θ的光滑斜面體頂端，細(xì)線與斜面平行．在斜面體以加速度 a 水平向右做勻加速直線運(yùn)動的過程中，小球始終靜止在斜面上，小球受到細(xì)線的拉力 T 和斜面的支持力 FN分別為（重力加速度為 g）（ ） A． T=m（ acosθ﹣ gsinθ） FN=m（ gcosθ+asinθ） B． T=m（ gcosθ+asinθ） FN=m（ gsinθ﹣ acosθ） C． T=m（ gsinθ+acosθ） FN=m（ gcosθ﹣ asinθ） D． T=m（ asinθ﹣ gcosθ） FN=m（ gsinθ+acosθ） 【考點(diǎn)】 牛頓第二定律；物體的彈性和彈力 ． 【分析】 小球始終靜止在斜面上，說明小球加速度很小，且未脫離斜面，以小球受力分析，利用牛頓第二定律列式求解即可． 【解答】 解：當(dāng)加速度 a 較小時(shí)，小球與斜面一起運(yùn)動，此時(shí)小球受重力、繩子拉力和斜面的支持力，繩子平行于斜面；小球的受力如圖： 水平方向上 由牛頓第二定律得： Tcosθ﹣ FNsinθ=ma… ① 豎直方向上由平衡得： Tsinθ+FNcosθ=mg… ② ①② 聯(lián)立得： FN=m（ gcosθ﹣ asinθ）， T=m（ gsinθ+acosθ）．故 C 正確． 故選： C． 6．如圖甲所示，一輕質(zhì)彈簧的下端固 定在水平面上，上端放置一物體（物體與彈簧不連接），初始時(shí)物體處于靜止?fàn)顟B(tài)．現(xiàn)用豎直向上的拉力 F 作用在物體上，使物體開始向上做勻加速運(yùn)動，拉力 F 與物體位移 x 之間的關(guān)系如圖乙所示（ g=10m/s2），則下列結(jié)論正確的是（ ） A．物體的加速度大小為 5m/s2 B．彈簧的勁度系數(shù)為 C．物體的質(zhì)量為 3kg D．物體與彈簧分離時(shí)，彈簧處于壓縮狀態(tài) 【考點(diǎn)】 牛頓第二定律；力的合成與分解的運(yùn)用． 【分析】 物體一直勻加速上升，從圖象可以看出，物體與彈簧分離后，拉力為30N；剛開始物體處于靜止?fàn)顟B(tài)，重力 和彈力二力平衡；拉力為 10N 時(shí)，彈簧彈力和重力平衡，合力等于拉力，彈簧壓縮量為 4cm；根據(jù)以上條件列式分析即可． 【解答】 解： A、 B、 C、剛開始物體處于靜止?fàn)顟B(tài)，重力和彈力二力平衡，有 mg=kx ① 拉力 F1為 10N 時(shí)，彈簧彈力和重力平衡，合力等于拉力，根據(jù)牛頓第二定律，有 F1+kx﹣ mg=ma ② 物體與彈簧分離后，拉力 F2為 30N，根據(jù)牛頓第二定律，有 F2﹣ mg=ma ③ 代入數(shù)據(jù)解得 m=2kg k=500N/m=5N/cm a=5m/s2 故 B 錯誤， C 錯誤， A 正確 ； D、物體與彈簧分離時(shí)，彈簧恢復(fù)原長，故 D 錯誤； 故選： A． 7．如圖所示，在傾角為 θ的斜面上 A 點(diǎn)以水平速度 v0拋出一個小球，不計(jì)空氣阻力，它落到斜面上 B 點(diǎn)所用的時(shí)間為（ ） A． B． C． D． 【考點(diǎn)】 平拋運(yùn)動． 【分析】 解決平拋運(yùn)動的方法是把平拋運(yùn)動分解到水平方向和豎直方向去研究，水平方向做勻速直線運(yùn)動，豎直方向做自由落體運(yùn)動，兩個方向上運(yùn)動的時(shí)間相同． 【解答】 解：設(shè) AB 之間的距離為 L， 則：水平方向： Lcosθ=V0t 豎直方向： Lsinθ= 聯(lián)立解得： t= 故選 B． 二 .多項(xiàng)選擇題：（共 7 小題，每小題 4 分，共計(jì) 28 分） 8．如圖所示，水平轉(zhuǎn)盤上的 A、 B、 C 三處有三塊可視為質(zhì)點(diǎn)的由同一種材料做成的正立方體物塊； B、 C 處物塊的質(zhì)量相等，均為 m， A 處物塊的質(zhì)量為 2m；A、 B 與軸 O 的距離相等，均為 r， C 到軸 O 的距離為 2r，轉(zhuǎn)盤以某一角速度勻速轉(zhuǎn)動時(shí)， A、 B、 C 處的物塊都沒有發(fā)生滑動現(xiàn)象，下列說法中正確的是（ ） A． C 處物塊的向心加速度最大 B． B 處物塊受到的靜摩擦力最小 C．當(dāng)轉(zhuǎn)速增大時(shí)，最先滑動起來的是 C 處的物塊 D．當(dāng)轉(zhuǎn)速繼續(xù)增大時(shí)，最后滑動起來的是 A 處的物塊 【考點(diǎn)】 向心力；牛頓第二定律． 【分析】 三物塊與轉(zhuǎn)盤一起做勻速圓周運(yùn)動，靠靜摩擦力提供向心力，角速度相等，根據(jù) f=mrω2， a=rω2比較向心加速度和靜摩擦力的大小． 【解答】 解： A、根據(jù) a=rω2 知，三物塊的角速度相等， C 物塊的半徑最大，則向心加速度最大．故 A 正確． B、因?yàn)?B 物塊的質(zhì)量最小，半徑最小，根據(jù) f=mrω2，知 B 物塊受到的靜摩擦力最?。?B 正確． C、根據(jù) μmg=mrω2，解得 ω= ，知 C 物塊的半徑最大，臨界角速度最小，知 C 物塊最先滑動起來．故 C 正確、 D 錯誤． 故選： ABC． 9．如圖，水 平傳送帶 A、 B 兩端相距 S=，工件與傳送帶間的動摩擦因數(shù)μ=．工件滑上 A 端瞬時(shí)速度 vA=4m/s，達(dá)到 B 端的瞬時(shí)速度設(shè)為 vB，則（ ） A．若傳送帶不動，則 vB=3m/s B．若傳送帶以速度 v=4m/s 逆時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動， vB=3m/s C．若傳送帶以速度 v=2m/s 順時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動， vB=3m/s D．若傳送帶以速度 v=2m/s 順時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動， vB=2m/s 【考點(diǎn)】 動能定理的應(yīng)用；牛頓第二定律． 【分析】 若傳送帶不動，由勻變速直線運(yùn)動的速度位移公式可求出 vB． 若傳送帶以速度 V=4m/s 逆時(shí) 針勻速轉(zhuǎn)動，工件的受力情況不變，工件的運(yùn)動情況跟傳送帶不動時(shí)的一樣； 若傳送帶以速度 V=2m/s 順時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動，工件滑上傳送帶時(shí)所受的滑動摩擦力方向水平向左，做勻減速運(yùn)動，工件的運(yùn)動情況跟傳送帶不動時(shí)的一樣； 【解答】 解： A、若傳送帶不動，工件的加速度 a= =μg= 10=1m/s2，由勻變速直線運(yùn)動的速度位移公式得： vB2﹣ vA2=﹣ 2as，代入數(shù)據(jù)解得： vB=3m/s．故A 正確． B、若傳送帶以速度 V=4m/s 逆時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動，工件的受力情況不變，由牛頓第二定律得知，工件的加速度仍為 a=μg，工件的 運(yùn)動情況跟傳送帶不動時(shí)的一樣，則 vB=3m/s．故 B 正確． C、 D 若傳送帶以速度 V=2m/s 順時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動，工件滑上傳送帶時(shí)所受的滑動摩擦力方向水平向左，做勻減速運(yùn)動，工件的加速度仍為 a=μg，工件的運(yùn)動情況跟傳送帶不動時(shí)的一樣，則 vB=3m/s．故 C 正確． D 錯誤． 故選： ABC． 10．如圖，質(zhì)量為 m 的小球從斜軌道高 h 處由靜止滑下，然后沿豎直圓軌道的內(nèi)側(cè)運(yùn)動．已知圓軌道的半徑為 R，不計(jì)一切摩擦阻力，重力加速度為 g．則下列說法正確的是（ ） A．當(dāng) h=2R 時(shí)，小球恰好能到達(dá)最高點(diǎn) M B．當(dāng) h=2R 時(shí)，小球在圓心等高處 P 時(shí)對軌道壓力為 2mg C．當(dāng) h≤ R 時(shí)，小球在運(yùn)動過程中不會脫離軌道 D．當(dāng) h=R 時(shí)，小球在最低點(diǎn) N 時(shí)對軌道壓力為 2mg 【考點(diǎn)】 向心力；牛頓第二定律． 【分析】 使小球能夠通過圓軌道最高點(diǎn) M，那么小球在最高點(diǎn)時(shí)應(yīng)該是恰好是由物體的重力作為物體的向心力，由向心力的公式可以求得此時(shí)的最小的速度，再由機(jī)械能守恒可以求得高度 h．球不脫離軌道，也可在圓軌道上圓心下方軌道
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