【正文】 c：把p、q看成變量，則m＜p＜n，m＜q＜：m＜p＜q＜n二、4.(1)證法一：a2+b2+c2－===13131313=13(3a2+3b2+3c2－1)［3a2+3b2+3c2－(a+b+c)2］［3a2+3b2+3c2－a2－b2－c2－2ab－2ac－2bc］ ［(a－b)2+(b－c)2+(c－a)2］≥0 ∴a2+b2+c2≥222證法二：∵(a+b+c)=a+b+c+2ab+2ac+2bc≤a+b+c2+a2+b2+a2+c2+b2+c2 ∴3(a2+b2+c2)≥(a+b+c)2=1 ∴a2+b2+c2≥a+b+c32222a+b+c3證法三：∵∴a2+b2+c2≥179。a+b+c3∴a2+b2+c2≥13證法四：設a=+α，b=13+β，c=13+γ.∵a+b+c=1，∴α+β+γ=0 ∴a+b+c=（22213+α)+（213+β)+（213+γ)本資料從網上收集整理==1313+23(α+β+γ)+α+β+γ13222 +α2+β2+γ2≥13∴a2+b2+c2≥(2)證法一:Q同理\3a+2=3b+32(3a+2)180。13c+323(a+b+c)+92=63a+2+12,3b+2,3c+23c+23a+2+3b+2+∴：3a+2+3b+2+33c+2163。(3a+2)+(3b+2)+(3c+2)3=3(a+b+c)+63=3∴3a+2+3b+2+3c+2≤33＜6 ∴：由x+y+z=1，x2+y2+z2=次方程得：2y2－2(1－x)y+2x2－2x+1212，得x2+y2+(1－x－y)2=12，整理成關于y的一元二=0，∵y∈R，故Δ≥012∴4(1－x)2－42(2x2－2x+同理可得y，z∈［0，證法二：設x=于是==1313121323)≥0，得0≤x≤23，∴x∈［0，23］］132+x′，y=2+y′，z=13132+z′，則x′+y′+z′=0，=(13+x′)+（13+y′)+（23+z′)+x′2+y′2+z′2+222(x′+y′+z′)13+x′+y′+z′≥2+x′+132(y162。+z162。)22=13+2332x′223故x′≤19，x′∈［－，13］，x∈［0，］，同理y，z∈［0，］12證法三：設x、y、z三數中若有負數，不妨設x＜0，則x2＞0，=x2+y2+z2≥本資料從網上收集整理x+2(y+z)22=(1x)22+x=232xx+212＞12，、y、z三數中若有最大者大于x+2，不妨設x＞23，則12=x2+y2+z2≥(y+z)22=x+232(1x)22=1223232x2－x+=32x(x－)+12＞；矛盾.］c+abcby+22故x、y、z∈［0，6.(1)證明:Q=(=(\bax+baaxx+22b+c22x+a+bc2z2(xy+yz+zx)accaz+222aby2xy)+(aby)+(y+2y+bc2bcz2yz)+(2cax2zx)2cbyz)+(aczx)179。0b+cc+aba+bcz179。2(xy+yz+zx)(2)證明:所證不等式等介于xyz(222y+zx+z+xy+x+yz)179。2(xy+yz+zx)22219。xyz[yz(y+z)+zx(z+x)+xy(x+y)]179。2(xy+yz+zx)219。(x+y+z)(yz+yz22222222+zx+zx222+xy+xy)2222179。2(xy+yz+zx)+4(xyz+xyz+xyz)219。yz+yz+zx+zx+xy+xy22333333179。2xyz+2xyz+2xyz2222222222219。yz(yz)+zx(zx)+xy(xy)+x(yz)+y(zx)+z(xy)179。0∵上式顯然成立，∴：(1)對于1＜i≤m，且Aim =m?(m－i+1)，AmmiiAmmm1mi+1nn1ni+1=L,同理=L，immmnnnnnknmkmi由于m＜n，對于整數k=1，2，?，i－1，有Annii，所以Ammii,即mAnnAmiiii(2)由二項式定理有：2n2n(1+m)n=1+C1nm+Cnm+?+Cnm，2mm(1+n)m=1+C1mn+C2mn+?+Cmn，本資料從網上收集整理ii由(1)知miAi＞niAi(1＜i≤miAmnm，而Cm=i!,Cin=Ani!∴miCin＞niCim(1＜m＜n)∴m0C0n=n0C0n=1，mC1n=nC1m=mn，m2C2n＞n2C2m，?，mmCmn＞nmCmm，mm+1Cm+1n＞0，?，mnCnn＞0，∴1+C1nm+C2nm2+?+Cnnmn＞1+C1mn+C2mn2+?+Cmmnm，即(1+m)n＞(1+n)：因a＞0，b＞0，a3+b3=2，所以(a+b)3－23=a3+b3+3a2b+3ab2－8=3a2b+3ab2－6 =3［ab(a+b)－2］=3［ab(a+b)－(a3+b3)］=－3(a+b)(a－b)2≤(a+b)3≤23，又a+b＞0，所以a+b≤2，因為2ab≤a+b≤2，所以ab≤：設a、b為方程x2－mx+n=0的兩根，則a+b237。236。m=，238。n=ab因為a＞0，b＞0，所以m＞0，n＞0，且Δ=m2－4n≥0因為2=a3+b3=(a+b)(a2－ab+b2)=(a+b)［(a+b)2－3ab］=m(m2－3n)2所以n=m323m將②代入①得m2－4(m2323m)≥0，3即m+83m≥0，所以－m3+8≥0，即m≤2，所以a+b≤2，由2≥m 得4≥m2，又m2≥4n，所以4≥4n，即n≤1，所以ab≤：因a＞0，b＞0，a3+b3=2，所以2=a3+b3=(a+b)(a2+b2－ab)≥(a+b)(2ab－ab)=ab(a+b)于是有6≥3ab(a+b)，從而8≥3ab(a+b)+2=3a2b+3ab2+a3+b3=(a+b)3，所以a+b≤2，(下略）33證法四：因為a+b2(a+b32)224aba2b2=(a+b)[4a+4b2ab])(ab)28=3(a+b8≥0，所以對任意非負實數a、b，有a3+b32≥(a+b32)3b333因為a＞0，b＞0，a+=2，所以1=a+ba+b32≥(2)，∴a+b2≤1，即a+b≤2，(以下略）證法五：假設a+b＞2，則①②本資料從網上收集整理a+b=(a+b)(a－ab+b)=(a+b)［(a+b)－3ab］＞(a+b)ab＞2ab，所以ab＜1，又a+b=(a+b)［a－ab+b］=(a+b)［(a+b)－3ab］＞2(2－3ab)因為a3+b3=2，所以2＞2(4－3ab)，因此ab＞1，前后矛盾，故a+b≤2(以下略)332233222第五篇：歸納法證明不等式歸納法證明不等式由于lnx0則x1設f(x)=xlnxf39。(x)=11/x0則f(x)為增函數f(x)f(1)=1則xlnx則可知道等式成立。(運用的是定理，f(x),g(x)(x)=g(x).則在相同積分區(qū)間上的積分也是=)追問請問這個“定理”是什么定理?我是學數學分析的，書上能找到么?回答能你在書里認真找找，不是定理就是推論埃。叫做積分不等式性數學歸納法不等式的做題思路：n等于最小的滿足條件的值，說明一下這時候成立，一般我們寫顯然成立，無須證明假設n=k的時候成立，證明n=k+1的時候也是成立的，難度在這一步。(含分母的一般用放縮法，含根號的常用分母有理化。)總結，結論成立，一般只要寫顯然成立。這題大于號應該為小于號。當n=1,12√n已知f(n)=1+1/2+1/3+...+1/n(n屬于正整數),求證:當n1時,f(2^n)n+2/2(1)n=2時代入成立(2)假設n=a時候成立則n=a+1時f(2^(a+1))=f(2^a)+1/(2^a+1)+1/(2^a+2)+1/(2^a+3)+……1/(2^(a+1))f(2^a)+1/(2^(a+1))+1/(2^(a+1))+1/(2^(a+1))+……1/(2^(a+1))后面相同項一共有2^a個所以上面又=f(2^a)+2^a/(2^(a+1))=f(2^a)+1/2因為f(2^a)(a+2)/2故上面大于/2因此n=a時上式成立的話n=a+1也成立1/2^2+1/3^2+1/4^2+…+1/n^2“1/2^2”指2的平方分之1證明：數學歸納法：∵當n=2時有1/2^2=1/42∴符合原命題。假設當n=k時1/2^2+1/3^2+1/4^2+…+1/k^2綜上可得1/2^2+1/3^2+1/4^2+…+1/n^2