20xx年吉林省實(shí)驗(yàn)中學(xué)中考數(shù)學(xué)一模試卷含答案解析(存儲(chǔ)版)
【正文】 2，則y1， y2， y3 的大小關(guān)系是 （用 “＜ ”連接）． 11．（ 3 分） △ ABC 中， ∠ C=90176。2018 年吉林省實(shí)驗(yàn)中學(xué)中考數(shù)學(xué)一模試卷 一、選擇題：（共 24 分，每小題 3 分） 1．（ 3 分）在 Rt△ ABC 中， ∠ C=90176。 tanA= ，則 sinA+cosA= ． 12．（ 3 分）如圖，四邊形 ABCD 中，點(diǎn) P 是對(duì)角線 BD 的中點(diǎn)，點(diǎn) E， F 分別是AB， CD 的中點(diǎn)， AD=BC， ∠ PEF=35176。底部 B 點(diǎn)的俯角為45176。 D． 【解答】解：在 Rt△ ABC 中， ∠ C=90176。 ∠ B=45176。則 ∠ PFE 的度數(shù)是 35176。=6 =9， BD=3， ∴ AB=AD﹣ BD=9﹣ 3=6． 綜上所述， AB 的長(zhǎng)為 12 或 6． 故答案為 12 或 6 三、解答題：（共 78 分） 15．（ 8 分）計(jì)算： （ 1） 2cos60176。﹣ 3tan30176。 ∴∠ ADE=∠ ACD， ∴ cos∠ ACD=cos∠ ADE= = ， ∴ AC=5， AD= =4． （ 2） ∵ cos∠ DCE= = ， ∴ CE= ， DE= = ， ∴ S△ DEC= DE EC= = 故答案為 21．（ 8 分）如圖，在 △ ABC 中， AD 是 BC 邊上的高， tanB=cos∠ DAC． （ 1）求證： AC=BD． （ 2）若 sinC= ， BC=34，直接寫出 AD 的長(zhǎng)是 ． 【解答】解：（ 1）由題意可知： tanB=cos∠ DAC ∴ ∴ BD=AC （ 2）設(shè) AC=BD=x ∴ CD=BC﹣ BD=34﹣ x ∵ sinC= ， ∴ = ∴ = 解得： x= 故答案為： 22．（ 8 分）騰飛中學(xué)在教學(xué)樓前新建了一座 “騰飛 ”雕塑（如圖 ① ）．為了測(cè)量雕塑的高度，小明利用三角板測(cè)得雕塑頂端 A 點(diǎn)的仰角為 3 0176。=60176。 ∵ EF⊥ AE， ∴∠ AEF=90176。 BC=4， DC=3， AD=6．動(dòng)點(diǎn) P 從點(diǎn) D 出發(fā)，沿射線 DA 的方向，在射線 DA 上以每秒 2 兩個(gè)單位長(zhǎng)的速度運(yùn)動(dòng)，動(dòng)點(diǎn) Q 從點(diǎn) C 出發(fā)， 在線段 CB 上以每秒 1 個(gè)單位長(zhǎng)的速度向點(diǎn) B 運(yùn)動(dòng)，點(diǎn) P， Q 分別從點(diǎn) D， C 同時(shí)出發(fā)，當(dāng)點(diǎn) Q 運(yùn) 動(dòng)到點(diǎn) B 時(shí)，點(diǎn) P 隨之停止運(yùn)動(dòng)．設(shè)運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為 t（秒）． （ 1）設(shè) △ BPQ 的面積為 s，直接寫出 s 與 t 之間的函數(shù)關(guān)系式是 s=6﹣ t （不寫取值范圍）． （ 2）當(dāng) B， P， Q 三點(diǎn)為頂點(diǎn)的三角形是等腰三角形時(shí)，求出此時(shí) t 的值． （ 3）當(dāng)線段 PQ 與線段 AB 相交于點(diǎn) O，且 2OA=OB 時(shí)，直接寫出 tan∠ BQP= ． （ 4）是否存在時(shí)刻 t，使得 PQ⊥ BD 若存在，求出 t 的值；若不存在，請(qǐng)說明理由． 【解答】解：（ 1）如圖 1，過 點(diǎn) P 作 PM⊥ BC，垂足為 M，則四邊形 PDCM 為矩形． ∴ PM=DC=3． ∵ QB=4﹣ t， ∴ s= 3 （ 4﹣ t） =6﹣ t（ 0≤ t＜ 4） 故答案為： s=6﹣ t； （ 2）由圖可知： CM=PD=2t， CQ=t． 以 B、 P、 Q 三點(diǎn)為頂點(diǎn)的三角形是等腰三角形，可以分三種情況： ① 若 PQ=BQ． 在 Rt△ PMQ 中， PQ2=t2+32， 由 PQ2=BQ2 得 t2+32=（ 4﹣ t） 2， 解得 t= ； ② 若 BP=BQ． 在 Rt△ PMB 中， BP2=（ 4﹣ 2t） 2+32． 由 BP2=BQ2 得：（ 4﹣ 2t） 2+32=（ 4﹣ t） 2 即 3t2﹣ 8t+9=0． 由于 △ =64﹣ 4 3 9=﹣ 44＜ 0， ∴ 3t2﹣ 8t+9=0 無解， ∴ PB≠ BQ． ③ 若 PB=PQ． 由 PB2=PQ2，得 t2+32=（ 4﹣ 2t） 2+32 整理，得 3t2﹣ 16t+16=0． 解得 t1= ， t2=4（舍去） 綜合上面的討論可知：當(dāng) t= 秒或 t= 秒時(shí)，以 B、 P、 Q 三點(diǎn)為頂點(diǎn)的三角形是等腰三角形． （ 3）如圖 2，由 △ OAP∽△ OBQ，得 ． ∵ AP=2t﹣ 6， BQ=4﹣ t， ∴ 2（ 2t﹣ 6） =4﹣ t． ∴ t= ． 過點(diǎn) Q 作 QE⊥ AD，垂足為 E． ∵ PD=2t， ED=QC=t， ∴ PE=t． 在 Rt△ PEQ 中， tan∠ QPE= = = ． 又 ∵ AD∥ BC， ∴∠ BQP=∠ QPE， ∴ tan∠ BQP= ； 故答案為： ； （ 4）設(shè)存在時(shí)刻 t，使得 PQ⊥ BD 如圖 3，過點(diǎn) Q 作 QE⊥ AD 于 E，垂足為 E． ∵ AD∥ BC ∴∠ BQF=∠ EPQ， 又 ∵ 在 △ BFQ 和 △ BCD 中 ∠ BFQ=∠ C=90176。 ∴∠ DPE=∠ FEC， ∴△ PDE∽△ ECF； 應(yīng)用：如圖 ③ ，過 F 作 FG⊥ DC 于 G，
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