機械能守恒定律及應(yīng)用試題-資料下載頁
2025-03-25 04:24本頁面
【正文】 由①④式得 ④ ⑤ 按題的要求，則②式得 ⑥ 由①⑥式得 ⑦ 的取值范圍是 ⑧評分細(xì)則：①、②式各4分，③式2分，④式1分，⑤式2分，⑥式1分，⑦式2分。12.【解析】（1）當(dāng)達(dá)到最大速度時，P＝=Fv=fvm，vm＝＝m/s＝24m/s，（2）從開始到72s時刻依據(jù)動能定理得：Pt－fs＝mvm2－mv02，解得：s＝＝1252m。13．答案：BCD 【解析】處理本題的關(guān)鍵是對物體進(jìn)行受力分析和運動過程分析，使用圖象處理則可以使問題大大簡化。對A、B在水平方向受力分析如圖，F(xiàn)1為彈簧的拉力；當(dāng)加速度大小相同為a時，對Ａ有，對Ｂ有，得，在整個過程中Ａ的合力（加速度）一直減小而Ｂ的合力（加速度）一直增大，在達(dá)到共同加速度之前A的合力（加速度）一直大于Ｂ的合力（加速度），之后A的合力（加速度）一直小于Ｂ的合力（加速度）.兩物體運動的vt圖象如圖，tl時刻，兩物體加速度相等，斜率相同，速度差最大，t2時刻兩物體的速度相等，Ａ速度達(dá)到最大值，兩實線之間圍成的面積有最大值即兩物體的相對位移最大，彈簧被拉到最長；除重力和彈簧彈力外其它力對系統(tǒng)正功，系統(tǒng)機械能增加，tl時刻之后拉力依然做正功，即加速度相等時，系統(tǒng)機械能并非最大值。14．【解析】（1）設(shè)貨物滑到圓軌道末端是的速度為，對貨物的下滑過程 中根據(jù)機械能守恒定律得，①，設(shè)貨物在軌道末端所受支持力的大小為,根據(jù)牛頓第二定律得，②，聯(lián)立以上兩式代入數(shù)據(jù)得③,根據(jù)牛頓第三定律，貨物到達(dá)圓軌道末端時對軌道的壓力大小為3000N，方向豎直向下。（2）若滑上木板A時，木板不動，由受力分析得④，若滑上木板B時，木板B開始滑動，由受力分析得⑤，聯(lián)立④⑤式代入數(shù)據(jù)得⑥。（3），由⑥式可知，貨物在木板A上滑動時，木板不動。設(shè)貨物在木板A上做減速運動時的加速度大小為，由牛頓第二定律得⑦，設(shè)貨物滑到木板A末端是的速度為，由運動學(xué)公式得⑧，聯(lián)立①⑦⑧式代入數(shù)據(jù)得⑨，設(shè)在木板A上運動的時間為t，由運動學(xué)公式得⑩，聯(lián)立①⑦⑨⑩式代入數(shù)據(jù)得。【考點】機械能守恒定律、牛頓第二定律、運動學(xué)方程、受力分析15．答案：【解析】設(shè)賽車越過壕溝需要的最小速度為v1，由平拋運動的規(guī)律有：，解得：設(shè)賽車恰好越過圓軌道，對應(yīng)圓軌道最高點的速度為v2，最低點的速度為v3，由牛頓第二定律及機械能守恒定律有：，解得：m/s通過分析比較，賽車要完成比賽，在進(jìn)入圓軌道前的速度最小應(yīng)該是m/s設(shè)電動機工作時間至少為t，根據(jù)功能原理有：解得：t=版權(quán)所有：高考資源網(wǎng)( s 5 )版權(quán)所有：高考資源網(wǎng)()版權(quán)所有：高考資源網(wǎng)()
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