【正文】 、實(shí)驗(yàn)結(jié)論等進(jìn)行比較,從而判斷解的合理性或正確性.舉例如下:、傾角為θ的滑塊A放于水平地面上,把質(zhì)量為m的滑塊B放在A的斜面上,忽略一切摩擦,有人求得B相對(duì)地面的加速度a = ,某同學(xué)首先分析了等號(hào)右側(cè)量的單位,所得結(jié)論都是“解可能是對(duì)的”.但是, （ ）=0176。時(shí),該解給出a=g,這符合實(shí)驗(yàn)結(jié)論,說明該解可能是對(duì)的m時(shí),該解給出a =gsinθ,這符合預(yù)期的結(jié)果,說明該解可能是對(duì)的 M時(shí),該解給出a =,這符合預(yù)期的結(jié)果,說明該解可能是對(duì)的答案 D解析 B沿斜面下滑的過程中,B的加速度大小a≤g,選項(xiàng)D中a=≥g,這與實(shí)際情況不符,故正確答案為D.16.(086) 如圖所示,質(zhì)量為m的物體懸掛在輕質(zhì)支架上,斜梁OB與豎直,以下結(jié)果正確的是 ( )=mgsinθ = =mgcosθ =　答案 D解析 O點(diǎn)受力如圖所示.由圖可知F1=mgtanθ,F2=.考點(diǎn)3 受力分析、物體的平衡17.（0911）如圖所示，表面粗糙的斜面固定于地面上，并處于方向垂直紙面向外、磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中。在滑塊下滑的過程中，下列判斷正確的是 （ CD ）A．滑塊受到的摩擦力不變B．滑塊到地面時(shí)的動(dòng)能與B的大小無(wú)關(guān)C．滑塊受到的洛倫茲力方向垂直斜面向下D．B很大時(shí)，滑塊可能靜止于斜面上解析：取物塊為研究對(duì)象，小滑塊沿斜面下滑由于受到洛倫茲力作用，如圖所示，C正確；N=mgcosθ+qvB，由于v不斷增大，則N不斷增大，滑動(dòng)摩擦力f=μN(yùn)，摩擦力增大，A錯(cuò)誤；滑塊的摩擦力與B有關(guān)，摩擦力做功與B有關(guān)，依據(jù)動(dòng)能定理，在滑塊下滑到地面的過程中，滿足，所以滑塊到地面時(shí)的動(dòng)能與B有關(guān)，B錯(cuò)誤；當(dāng)B很大，則摩擦力有可能很大，所以滑塊可能靜止在斜面上，D正確。寧夏現(xiàn)對(duì)木箱施加一拉力F，使木箱做勻速直線運(yùn)動(dòng)。的過程中，木箱的速度保持不變，則 （ AC ） 7.（0920）如圖所示，粗糙程度均勻的絕緣斜面下方O點(diǎn)處有一正點(diǎn)電荷，帶負(fù)電的小物體以初速度V1從M點(diǎn)沿斜面上滑，到達(dá)N點(diǎn)時(shí)速度為零，然后下滑回到M點(diǎn)，此時(shí)速度為V2（V2＜V1）。因?yàn)镺M＝ON，則MN兩點(diǎn)電勢(shì)相等，小物體從M到N、從N到M電場(chǎng)力做功均為0。在上滑和下滑過程，對(duì)小物體，應(yīng)用動(dòng)能定理分別有：－mgsinθL－μmgcosθL－W1＝－和mgsinθL－μmgcosθL－W1＝，上兩式相減可得sinθL＝，A對(duì)；由OM＝ON，可知電場(chǎng)力對(duì)小物體先作正功后作負(fù)功，電勢(shì)能先減小后增大，BC錯(cuò)；從N到M的過程中，小物體受到的電場(chǎng)力垂直斜面的分力先增大后減小，而重力分力不變，則摩擦力先增大后減小，在此過程中小物體到O的距離先減小后增大，根據(jù)庫(kù)侖定律可知小物體受到的電場(chǎng)力先增大后減小，D對(duì)。海南物理將a、b球依次放入一豎直放置、內(nèi)徑為的平底圓筒內(nèi)，如圖所示。若所以接觸都是光滑的，則 （ A ）A． B．C． D．答案：A解析：對(duì)兩剛性球a和b整體分析，＝（＋）g、水平方向平衡有＝。廣東文科基礎(chǔ)現(xiàn)將小球拉至水平位置，然后釋放，不計(jì)阻力。山東設(shè)滑塊所受支持力為FN。下列關(guān)系正確的是 （ A ）A． B．F＝mgtanC． D．FN=mgtan解析：對(duì)小滑塊受力分析如圖所示，根據(jù)三角形定則可得，所以A正確。提示：支持力的方向垂直于接觸面，即指向圓心。22.（0922）圖示為某探究活動(dòng)小組設(shè)計(jì)的節(jié)能運(yùn)動(dòng)系統(tǒng)。質(zhì)量為M的木箱與軌道的動(dòng)摩擦因數(shù)為。下列選項(xiàng)正確的是 （ BC ）A．m＝MB．m＝2MC．木箱不與彈簧接觸時(shí)，上滑的加速度大于下滑的加速度D．在木箱與貨物從頂端滑到最低點(diǎn)的過程中，減少的重力勢(shì)能全部轉(zhuǎn)化為彈簧的彈性勢(shì)能解析：受力分析可知，下滑時(shí)加速度為，上滑時(shí)加速度為，所以C正確。也可以根據(jù)除了重力、彈性力做功以外，還有其他力(非重力、彈性力)做的功之和等于系統(tǒng)機(jī)械能的變化量，B正確?？键c(diǎn)：能量守恒定律，機(jī)械能守恒定律，牛頓第二定律，受力分析提示：能量守恒定律的理解及應(yīng)用。安徽無(wú)人乘行時(shí)，扶梯運(yùn)轉(zhuǎn)得很慢；有人站上扶梯時(shí)，它會(huì)先慢慢加速，再勻速運(yùn)轉(zhuǎn)。那么下列說法中正確的是 ( C )A. 顧客始終受到三個(gè)力的作用FNmgfaB. 顧客始終處于超重狀態(tài)C. 顧客對(duì)扶梯作用力的方向先指向左下方，再豎直向下D. 顧客對(duì)扶梯作用的方向先指向右下方，再豎直向下解析：在慢慢加速的過程中顧客受到的摩擦力水平向左，電梯對(duì)其的支持力和摩擦力的合力方向指向右上，由牛頓第三定律，它的反作用力即人對(duì)電梯的作用方向指向向左下；在勻速運(yùn)動(dòng)的過程中，顧客與電梯間的摩擦力 等于零，顧客對(duì)扶梯的作用僅剩下壓力，方向沿豎直向下。全國(guó)Ⅰ工人用沿斜面的力推最下面的木箱使之上滑，逐一與其它木箱碰撞。整個(gè)過程中工人的推力不變，最后恰好能推著三個(gè)木箱勻速上滑。答案：（1）；（2）；（3）。從V2到V3的加速度為,根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有,得,跟第三個(gè)木箱碰撞根據(jù)動(dòng)量守恒有,得就是勻速的速度；(3)設(shè)第一次碰撞中的能量損失為,根據(jù)能量守恒有,帶入數(shù)據(jù)得。山東地面上緊靠軌道次排放兩聲完全相同的木板A、B，長(zhǎng)度均為l=2m，質(zhì)量均為m2=100 kg，木板上表面與軌道末端相切。（最大靜摩擦力與滑動(dòng)摩擦力大小相等，取g=10 m/s2）（1）求貨物到達(dá)圓軌道末端時(shí)對(duì)軌道的壓力。（3）若1=0。解析：（1）設(shè)貨物滑到圓軌道末端是的速度為，對(duì)貨物的下滑過程中根據(jù)機(jī)械能守恒定律得，①設(shè)貨物在軌道末端所受支持力的大小為,根據(jù)牛頓第二定律得，②聯(lián)立以上兩式代入數(shù)據(jù)得③根據(jù)牛頓第三定律，貨物到達(dá)圓軌道末端時(shí)對(duì)軌道的壓力大小為3000N，方向豎直向下。（3），由⑥式可知，貨物在木板A上滑動(dòng)時(shí)，木板不動(dòng)?？键c(diǎn)：機(jī)械能守恒定律、牛頓第二定律、運(yùn)動(dòng)學(xué)方程、受力分析26.（0922）（14分）在2008年北京殘奧會(huì)開幕式上，運(yùn)動(dòng)員手拉繩索向上攀登，最終點(diǎn)燃了主火炬，體現(xiàn)了殘疾運(yùn)動(dòng)員堅(jiān)忍不拔的意志和自強(qiáng)不息的精神。一根不可伸縮的輕繩跨過輕質(zhì)的定滑輪，一端掛一吊椅，另一端被坐在吊椅上的運(yùn)動(dòng)員拉住，如圖所示。重力加速度取。FF(m人+m椅)ga答案：440N，275N解析：解法一:(1）設(shè)運(yùn)動(dòng)員受到繩向上的拉力為F，由于跨過定滑輪的兩段繩子拉力相等，吊椅受到繩的拉力也是F。根據(jù)牛頓第三定律，繩對(duì)運(yùn)動(dòng)員的拉力大小為F，吊椅對(duì)運(yùn)動(dòng)員的支持力為FN。上海物理角的絕緣輕桿兩端，OA和OB的長(zhǎng)度均為l，可繞過O點(diǎn)且與紙面垂直的水平軸無(wú)摩擦轉(zhuǎn)動(dòng)，空氣阻力不計(jì)。開始時(shí)，桿OB與豎直方向的夾角q0＝60176。的位置時(shí)，系統(tǒng)處于平衡狀態(tài)，求： （1）勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小E；（2）系統(tǒng)由初位置運(yùn)動(dòng)到平衡位置，重力做的功Wg和靜電力做的功We；（3）B球在擺動(dòng)到平衡位置時(shí)速度的大小v。＝（mg＋qE）lsin（120176。），即mg－qE＝（mg＋qE），得：E＝；（2）重力做功：Wg＝mgl（cos30176。）－mglcos60176。－cos60176。＝mgl，（3）小球動(dòng)能改變量DEk=mv2＝Wg＋We＝（－1）mgl，得小球的速度：v＝＝。寧夏理綜圖為一小型千斤頂?shù)慕Y(jié)構(gòu)示意圖?，F(xiàn)用此千斤頂使質(zhì)量m=4103kg的重物升高了h=10cm。利用杠桿原理，有 ⑥由④⑤⑥式得 F=500N ⑦29.(08寧夏理綜30)一足夠長(zhǎng)的斜面, = m的木條AB,A端在斜面上,= kg的重物（可視為質(zhì)點(diǎn)）,B端懸掛一個(gè)質(zhì)量為m= ,在下列兩種情況下,OA的長(zhǎng)度各需滿足什么條件？（Ⅰ）木條的質(zhì)量可以忽略不計(jì).（Ⅱ）木條質(zhì)量為m′= kg,分布均勻.答案 （Ⅰ） (Ⅱ)解析 (Ⅰ)當(dāng)木條A端剛剛離開斜面時(shí),受力情況如圖a所示.設(shè)斜面傾角為θ,根據(jù)力矩平衡條件,則滿足條件 ① ②聯(lián)立①②并代入已知條件得 ③（Ⅱ）設(shè)G為木條重心,由題意可知 ④當(dāng)木條A端剛剛離開斜面時(shí),（Ⅰ）中的分析可知,若滿足 ⑤木條就不會(huì)脫離斜面.聯(lián)立②④⑤并代入已知條件得 m三年高考廣東廣東理科基礎(chǔ)上海寧夏理綜物體轉(zhuǎn)彎時(shí)速度方向變化,運(yùn)動(dòng)狀態(tài)發(fā)生改變,一定受到力的作用,故B對(duì)。山東理綜北京理綜上海大綜合全國(guó)卷Ⅱ2mg,由牛頓第三定律知：F1 = F2 =μmg,f1′= f1 =μmg代入得：F =4μmg10.(078)在熱氣球下方開口處燃燒液化氣,使熱氣球內(nèi)部氣體溫度升高,熱氣球開始離地,徐徐升空,分析這一過程,下列表述正確的是 ( ) ①氣球內(nèi)的氣體密度變小,所受重力也變小 ②氣球內(nèi)的氣體密度不變,所受重力也不變 ③氣球所受浮力變大 ④氣球所受浮力不變A.①③ B.①④ C.②③ D. ②④答案 B解析 在熱氣球下方開口處燃燒液化氣,內(nèi)部氣體密度變小,所受重力變小,熱氣球體積不變,所受浮力不變.11.(0515)如圖所示,表面粗糙的固定斜面頂端安有滑輪,兩物塊P、Q用輕繩連接并跨過滑輪(不計(jì)滑輪的質(zhì)量和摩擦),P懸于空中,Q放在斜面上,用水平向左的恒力推Q時(shí),P、Q靜止不動(dòng),則 ( )   答案 D解析 由于物塊Q所受的靜摩擦力的方向無(wú)法判斷,當(dāng)加一水平向左的恒力后,Q所受的靜摩擦力可能變大,也可能變小,A、B選項(xiàng)錯(cuò)誤,物塊P處于靜止?fàn)顟B(tài),則繩上拉力等于物塊P的重力,不發(fā)生變化,所以D選項(xiàng)正確.12.(058)對(duì)如圖所示的皮帶傳動(dòng)裝置,下列說法中正確的是 ( )  答案 BD解析 皮帶撐緊的一側(cè),說明有張力作用,轉(zhuǎn)動(dòng)的方向是在這一側(cè),由從動(dòng)輪指向主動(dòng)輪.13.(0536)兩光滑平板MO、NO構(gòu)成一具有固定的夾角θ0=75176。 176。 176。,又因?yàn)樗倪呅蝺?nèi)角和為360176。,θ0=75176。,由幾何關(guān)系得θ=α=30176。上海全國(guó)卷Ⅱ②彈簧的左端受大小也為F的拉力作用。④彈簧的左端拴一小物塊,以llll4依次表示四個(gè)彈簧的伸長(zhǎng)量,則有 ( ) ＞ l1 ＞ l3 ＞ l3 = l4答案 D解析 四種形式拉彈簧過程中,由于彈力大小都為F,由胡克定律x = ,得l1 = l2 = l3 =l4.第二部分 知識(shí)方法備考知識(shí)方法Ⅱ]物體的動(dòng)態(tài)平衡 ①有些物體在運(yùn)動(dòng)中合力始終為零，稱動(dòng)態(tài)平衡； ②此類題的常用解法：受力圖分析法。難點(diǎn)1．關(guān)于力的基本特性力是物體對(duì)物體的作用。力是改變物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的原因。這三種常見的產(chǎn)生條件及方向特征如下表所示：力產(chǎn)生條件方向特征重力物體處在地球附近總是豎直向下彈力物體與其他物體接觸接觸處因擠、壓、拉等作用而產(chǎn)生彈性形變總與接觸面垂直總與形變方向相反摩擦力物體與其他物體接觸接觸處因擠、壓、拉等作用而產(chǎn)生彈性形變相對(duì)于接觸的物體有沿切線方向的相對(duì)運(yùn)動(dòng)（或相對(duì)運(yùn)動(dòng)趨勢(shì)）總與接觸面平行總與相對(duì)運(yùn)動(dòng)或相對(duì)運(yùn)動(dòng)趨勢(shì)方向相反3．物體受力情況的分析 方法：為了不使被研究對(duì)象所受到的力與所施出的力混淆起來(lái)，通常需要采用“隔離法”，把所研究的對(duì)象從所處的物理環(huán)境中隔離出來(lái)；為了不使被研究對(duì)象所受到的力在分析過程中發(fā)生遺漏或重復(fù)，通常需要按照某種順序逐一進(jìn)行受力情況分析，而相對(duì)合理的順序則是按重力、彈力，摩擦力的次序來(lái)進(jìn)行。而在等效原則的指導(dǎo)下，通常實(shí)驗(yàn)可總結(jié)出力的合成與分解所遵循的共同定則：平行四邊形定則。通常作力的分解時(shí)所加的限制有兩種：按照力的作用效果進(jìn)行分解，按照所建立的直角坐標(biāo)將力作正交分解。（2）關(guān)于平衡條件的歸納。 =0.②有固定轉(zhuǎn)動(dòng)軸的物體的平衡條件★轉(zhuǎn)動(dòng)平衡狀態(tài)是靜止或勻速轉(zhuǎn)動(dòng)狀態(tài)；其共同的物理本質(zhì)是描述轉(zhuǎn)動(dòng)狀態(tài)的角速度這一物理量保持恒定；而能夠迫使物體轉(zhuǎn)動(dòng)角速度發(fā)生變化的只有力矩，所以在有固定轉(zhuǎn)動(dòng)軸的物體的平衡條件是：物體所受到的合力矩為零，即 =0.6．平衡條件的應(yīng)用技巧形如=0的平衡條件從本質(zhì)上看應(yīng)該是處于平衡狀態(tài)下的物體所受到的各個(gè)外力之間的某種矢量關(guān)系，準(zhǔn)確把握平衡條件所表現(xiàn)出的矢量關(guān)系，就能在平衡條件的應(yīng)用中充分展現(xiàn)其應(yīng)用的技巧。其實(shí)質(zhì)就是將各外力間的矢量關(guān)系轉(zhuǎn)化為沿兩個(gè)坐標(biāo)軸方向上的力分量間的關(guān)系，從而變復(fù)雜的幾何運(yùn)算為相對(duì)簡(jiǎn)單的代數(shù)運(yùn)算。如果物體受到n個(gè)共面的力而處于平衡狀態(tài)，則表示 這n個(gè)力的n條有向線段可以依次首尾相接而構(gòu)成一個(gè)封閉的“力的n邊形”，特別是當(dāng)n=3時(shí)，則將構(gòu)成一個(gè)封閉