【正文】 五年高考三年聯考絕對突破系列新課標：必修1第二章 相互作用本單元是力學乃至整個物理學的基礎,也是核心知識,可以看出本考點考查有如下幾類:一是對摩擦力、受力分析、力的合成和分解、共點力作用下物體的平衡等知識點的考查出現率幾乎高達100%；二是純屬靜力學的考題,物體受力不在一條直線上,通常為容易題或中等難度題,以選擇題的形式出現。三是連接體的平衡問題,通?？疾檎w法和隔離法,難度稍大一些。四是與其他知識綜合進行考查,如與動力學、力量、動量、電磁學等知識綜合，難度較大。五是重點考查學生運用知識解決實際問題、構建物理模型的能力和綜合分析能力。第一部分 五年高考題薈萃兩年高考精選（2008～2009）考點1 力的概念、彈力和摩擦力1.（09上海44）自行車的設計蘊含了許多物理知識，利用所學知識完成下表自行車的設計目的（從物理知識角度）車架用鋁合金、鈦合金代替鋼架減輕車重車胎變寬自行車后輪外胎上的花紋答案：減小壓強（提高穩(wěn)定性）；增大摩擦（防止打滑；排水）2.（09天津1）物塊靜止在固定的斜面上，分別按圖示的方向對物塊施加大小相等的力F，A中F垂直于斜面向上。B中F垂直于斜面向下，C中F豎直向上，D中F豎直向下，施力后物塊仍然靜止，則物塊所受的靜摩擦力增大的是 （ D ）解析：四個圖中都是靜摩擦。A圖中fA=Gsinθ；B圖中fB=Gsinθ；C圖中fC=(GF)sinθ；D圖中fC=(G+F)sinθ。3.（09廣東物理7）某緩沖裝置可抽象成圖所示的簡單模型。圖中為原長相等，勁度系數不同的輕質彈簧。下列表述正確的是 （ BD ）A．緩沖效果與彈簧的勁度系數無關B．墊片向右移動時，兩彈簧產生的彈力大小相等C．墊片向右移動時，兩彈簧的長度保持相等D．墊片向右移動時，兩彈簧的彈性勢能發(fā)生改變解析：不同彈簧的緩沖效果與彈簧的勁度系數有關，A錯誤；在墊片向右運動的過程中，由于兩個彈簧相連，則它們之間的作用力等大，B正確；由于兩彈簧的勁度系數不同，由胡克定律可知，兩彈簧的型變量不同，則兩彈簧的長度不相等，C錯誤；在墊片向右運動的過程中，由于彈簧的彈力做功，則彈性勢能將發(fā)生變化，D正確。4.（09江蘇物理2）用一根長1m的輕質細繩將一副質量為1kg的畫框對稱懸掛在墻壁上，已知繩能承受的最大張力為，為使繩不斷裂，畫框上兩個掛釘的間距最大為（取） （ A ）A． B．C． D．解析：熟練應用力的合成和分解以及合成與分解中的一些規(guī)律，是解決本題的根本；一個大小方向確定的力分解為兩個等大的力時，合力在分力的角平分線上，且兩分力的夾角越大，分力越大。題中當繩子拉力達到F=10N的時候，繩子間的張角最大，即兩個掛釘間的距離最大；畫框受到重力和繩子的拉力，三個力為共點力，受力如圖。繩子與豎直方向的夾角為θ，繩子長為L0=1m,則有，兩個掛釘的間距離，解得m，A項正確。5.（09廣東理科基礎4）建筑工人用圖所示的定滑輪裝置運送建筑材料。，．500m／s2的加速度拉升，忽略繩子和定滑輪的質量及定滑輪的摩擦，則工人對地面的壓力大小為(g取lOm／s2) （ B ）A．510 N B．490 N C．890 N D．910 N 解析：對建筑材料進行受力分析。根據牛頓第二定律有,得繩子的拉力大小等于F=210N,然后再對人受力分析由平衡的知識得,得FN=490N,。6.（09浙江14）如圖所示，質量為m的等邊三棱柱靜止在水平放置的斜面上。已知三棱柱與斜面之間的動摩擦因數為，斜面的傾角為，則斜面對三棱柱的支持力與摩擦力的大小分別為 （ A ）A．mg和mg B．mg和mgC．mg和mg D．mg和mg解析：受力如圖所示。7.（09浙江16）如圖所示，在光滑絕緣水平面上放置3個電荷量均為的相同小球，小球之間用勁度系數均為的輕質彈簧絕緣連接。當3個小球處在靜止狀態(tài)時，每根彈簧長度為 已知靜電力常量為，若不考慮彈簧的靜電感應，則每根彈簧的原長為 （ C ）A． B． C． F23F13D．解析：第三個小球受三個力的作用它們的關系是，得 8.(08山東理綜16) 用輕彈簧豎直懸掛質量為m的物體, （ ） ,方向沿斜面向下,方向沿斜面向上 ,方向沿斜面向上答案 A解析 豎直懸掛時mg=kL ①沿斜面拉2m物體時,設物體受摩擦力為f,方向沿斜面向下,則kL =2mgsin 30176。+f ②由①②得f=0.9.（08全國Ⅱ16）如右圖,一固定斜面上兩個質量相同的小物塊A和B緊挨著勻速下滑, 與斜面之間的動摩擦因數是B與斜面之間動摩擦因數的2倍, ( )A. B. C. D. 答案 A解析 對于AB做勻速直線運動,根據共點力的平衡條件有：2mgsinα3μmgcosα=0所以B與斜面間的動摩擦因數為：μ=tanα.10.(08廣東理科基礎12)質量為m的物體從高處靜止釋放后豎直下落,在某時刻受到的空氣阻力為f,加速度為a=,則f的大小是 ( ) A. B. C. D.答案 B解析 由牛頓第二定律得mg f =ma,得,f =mg ma=.11.(08廣東理科基礎9)探究彈力和彈簧伸長的關系時,在彈性限度內,懸掛15 N重物時, m,懸掛20 N重物時, m,則彈簧的原長L0和勁度系數k分別為 ( )= m k=500 N/m = m k=500 N/m= m k=250 N/m = m k=250 N/m答案 D解析 由胡克定律知F1=k（L1L0） ①F2= k（L2L0） ②由①②解得：L0= m,k =250 N/m.12.(08廣東理科基礎2) 人站在自動扶梯的水平踏板上,隨扶梯斜向上勻速運動, ( ) 、支持力和摩擦力的作用 答案　A解析　　由于人做勻速運動,所以人所受的合外力為零,水平方向不可能受力的作用.考點2 力的合成與分解13.（09北京18）如圖所示，將質量為m的滑塊放在傾角為的固定斜面上。滑塊與斜面之間的動摩擦因數為。若滑塊與斜面之間的最大靜摩擦力合滑動摩擦力大小相等，重力加速度為g，則 （ C ）A．將滑塊由靜止釋放，如果＞tan，滑塊將下滑B．給滑塊沿斜面向下的初速度，如果＜tan，滑塊將減速下滑C．用平行于斜面向上的力拉滑塊向上勻速滑動，如果=tan，拉力大小應是2mgsinD．用平行于斜面向下的力拉滑塊向下勻速滑動，如果=tan，拉力大小應是mgsin解析：對處于斜面上的物塊受力分析，要使物塊沿斜面下滑則mgsinθμmgcosθ，故μtanθ，故AB錯誤；若要使物塊在平行于斜面向上的拉力F的作用下沿斜面勻速上滑，由平衡條件有：Fmgsinθμmgcosθ=0故F= mgsinθ+μmgcosθ，若μ=tanθ，則mgsinθ=μmgcosθ， 即F=2mgsinθ故C項正確；若要使物塊在平行于斜面向下的拉力F作用下沿斜面向下勻速滑動，由平衡條件有：F+mgsinθμmgcosθ=0 則 F=μmgcosθ mgsinθ 若μ=tanθ，則mgsinθ=μmgcosθ，即F=0，故D項錯誤。14.（09海南物理1）兩個大小分別為和（）的力作用在同一質點上，它們的合力的大小F滿足 （ C ）A． B．C． D． 答案：C解析：共點的兩個力合成，同向時最大為＋，反向時最小為－。15. (08北京理綜20)有一些問題你可能不會求解,解隨某些已知量變化的趨勢,解在一些特殊條件下的結果等方面進行分析,并與預期結果、實驗結論等進行比較,從而判斷解的合理性或正確性.舉例如下:、傾角為θ的滑塊A放于水平地面上,把質量為m的滑塊B放在A的斜面上,忽略一切摩擦,有人求得B相對地面的加速度a = ,某同學首先分析了等號右側量的單位,所得結論都是“解可能是對的”.但是, （ ）=0176。時,該解給出a=0,這符合常識,說明該解可能是對的＝90176。時,該解給出a=g,這符合實驗結論,說明該解可能是對的m時,該解給出a =gsinθ,這符合預期的結果,說明該解可能是對的 M時,該解給出a =,這符合預期的結果,說明該解可能是對的答案 D解析 B沿斜面下滑的過程中,B的加速度大小a≤g,選項D中a=≥g,這與實際情況不符,故正確答案為D.16.(08廣東理科基礎6) 如圖所示,質量為m的物體懸掛在輕質支架上,斜梁OB與豎直,以下結果正確的是 ( )=mgsinθ = =mgcosθ =　答案 D解析 O點受力如圖所示.由圖可知F1=mgtanθ,F2=.考點3 受力分析、物體的平衡17.（09廣東物理11）如圖所示，表面粗糙的斜面固定于地面上，并處于方向垂直紙面向外、磁感應強度為B的勻強磁場中。質量為m、帶電量為+Q的小滑塊從斜面頂端由靜止下滑。在滑塊下滑的過程中，下列判斷正確的是 （ CD ）A．滑塊受到的摩擦力不變B．滑塊到地面時的動能與B的大小無關C．滑塊受到的洛倫茲力方向垂直斜面向下D．B很大時，滑塊可能靜止于斜面上解析：取物塊為研究對象，小滑塊沿斜面下滑由于受到洛倫茲力作用，如圖所示，C正確；N=mgcosθ+qvB，由于v不斷增大，則N不斷增大，滑動摩擦力f=μN，摩擦力增大，A錯誤；滑塊的摩擦力與B有關，摩擦力做功與B有關，依據動能定理，在滑塊下滑到地面的過程中，滿足，所以滑塊到地面時的動能與B有關，B錯誤；當B很大，則摩擦力有可能很大，所以滑塊可能靜止在斜面上，D正確。18.（09寧夏21）水平地面上有一木箱，木箱與地面之間的動摩擦因數為。現對木箱施加一拉力F，使木箱做勻速直線運動。設F的方向與水平面夾角為，如圖，在從0逐漸增大到90176。的過程中，木箱的速度保持不變，則 （ AC ） 7.（09四川20）如圖所示，粗糙程度均勻的絕緣斜面下方O點處有一正點電荷，帶負電的小物體以初速度V1從M點沿斜面上滑，到達N點時速度為零，然后下滑回到M點，此時速度為V2（V2＜V1）。若小物體電荷量保持不變，OM＝ON，則 （ AD ）A．小物體上升的最大高度為B．從N到M的過程中，小物體的電勢能逐漸減小C．從M到N的過程中，電場力對小物體先做負功后做正功D．從N到M的過程中，小物體受到的摩擦力和電場力均是先增大后減小解析：設斜面傾角為θ、上升過程沿斜面運動的最大距離為L。因為OM＝ON，則MN兩點電勢相等，小物體從M到N、從N到M電場力做功均為0。上滑和下滑經過同一個位置時，垂直斜面方向上電場力的分力相等，則經過相等的一小段位移在上滑和下滑過程中電場力分力對應的摩擦力所作的功均為相等的負功，所以上滑和下滑過程克服電場力產生的摩擦力所作的功相等、并設為W1。在上滑和下滑過程，對小物體，應用動能定理分別有：－mgsinθL－μmgcosθL－W1＝－和mgsinθL－μmgcosθL－W1＝，上兩式相減可得sinθL＝，A對；由OM＝ON，可知電場力對小物體先作正功后作負功，電勢能先減小后增大，BC錯；從N到M的過程中，小物體受到的電場力垂直斜面的分力先增大后減小，而重力分力不變，則摩擦力先增大后減小，在此過程中小物體到O的距離先減小后增大，根據庫侖定律可知小物體受到的電場力先增大后減小，D對。19.（09海南物理3）兩剛性球a和b的質量分別為和、直徑分別為個()。將a、b球依次放入一豎直放置、內徑為的平底圓筒內，如圖所示。設a、b兩球靜止時對圓筒側面的壓力大小分別為和，筒底所受的壓力大小為．已知重力加速度大小為g。若所以接觸都是光滑的，則