人教版選擇性必修第一冊(cè)-11動(dòng)量-同步訓(xùn)練7(含解析)-資料下載頁(yè)
2025-04-05 05:31本頁(yè)面
【正文】 可得因?yàn)椋杂屑碅的質(zhì)量一定小于B的質(zhì)量，故A錯(cuò)誤；B．雙星系統(tǒng)中，恒星的動(dòng)能為因?yàn)?，所以有恒星A的動(dòng)能大于恒星B的動(dòng)能，故B正確；C．雙星系統(tǒng)中，恒星的動(dòng)量大小為所以有恒星A的動(dòng)量大小等于恒星B的動(dòng)量大小，故C正確；D．雙星系統(tǒng)中，恒星的加速度大小為因?yàn)?，所以有恒星A的向心加速度大小大于恒星B的向心加速度大小，故D錯(cuò)誤；故選BC。15．AD【詳解】A．在星球P上以初速度沿與水平方向成30176。的夾角斜向上拋出小球A，則有同理可得對(duì)于小球B有由于在豎直方向有可得由于，可得故A正確；B．第一宇宙速度為近地衛(wèi)星的環(huán)繞速度，根據(jù)可得第一宇宙速度其中R為星球半徑，代入數(shù)據(jù)可得故B錯(cuò)誤；C．兩球上升到最高點(diǎn)的過(guò)程中，動(dòng)量變化量?jī)汕蛩椒较蛩俣炔蛔?，等于豎直方向的速度變化量，可知故C錯(cuò)誤；D．兩球動(dòng)能的變化量為故故D正確。故選AD。16．BD【詳解】AB．小球拋出后做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，由公式可知，a球拋出的初速度比b大，由于兩球初動(dòng)能相同，則a球的質(zhì)量比b球的小，故A錯(cuò)誤，B正確；CD．由動(dòng)能與動(dòng)量關(guān)系可知，質(zhì)量越大，初動(dòng)量越大，則a球的初動(dòng)量比b的小，故C錯(cuò)誤，D正確。故選BD。17．AD【詳解】AB．對(duì)物體受力分析，受重力、支持力和拉力，將重力沿垂直斜面方向和平行與斜面方向正交分解，平行與斜面方向分力為0到內(nèi)合外力方向沿斜面向上，物塊沿斜面向上運(yùn)動(dòng)，0到內(nèi)物體加速度末速度為到內(nèi)，合力為加速度為末速度為物體沿斜面向上運(yùn)動(dòng)，在末物體的速度為0，則動(dòng)量A正確，B錯(cuò)誤；C．到內(nèi)，合力為加速度為末速度為前內(nèi)物體的物體第內(nèi)物體的位移C錯(cuò)誤；D．內(nèi)力的沖量大小為D正確。故選AD。18．ABC【詳解】ABC．動(dòng)量的變化是矢量，由動(dòng)量定理知Δp=F合Δt勻變速直線運(yùn)動(dòng)、豎直上拋運(yùn)動(dòng)、平拋運(yùn)動(dòng)的合外力都是恒力且時(shí)間相等，故ABC正確；D．勻速圓周運(yùn)動(dòng)的合外力大小不變方向變，合外力是變力，故D錯(cuò)誤。故選ABC。19．AD【詳解】，坐標(biāo)原點(diǎn)時(shí)的速度為故A正確；，可得，該圖像的斜率大小為，故物體的加速度大小為故物體受到的合力大小為16N，B錯(cuò)誤，C錯(cuò)誤；，時(shí)間為故D正確；故選AD。20．2 8 【詳解】[1]．取豎直向上方向?yàn)檎较?，則小球與地面相碰前的動(dòng)量P0=mv0=10=2kg?m/s；[2]．在碰撞過(guò)程中動(dòng)量的變化為：△p=mv2P0=?m/s．解得：v2=8m/s；21．（1）；（2），方向豎直向下；（3）【詳解】（1）小物塊的加速度由速度加速度公式由于，解得小物塊的初速度（2）小物塊飛離桌面后做平拋運(yùn)動(dòng)飛行時(shí)間將h=，得t=由動(dòng)量定理方向：豎直向下。（3）對(duì)小物塊從離開桌面到落地的過(guò)程應(yīng)用動(dòng)能定理由于h=，v= m/s，m=解得物塊落地時(shí)的動(dòng)能Ek=22．(1) (2) 【詳解】(1)設(shè)滑塊將要接觸擋板時(shí)，小球與滑塊的速度分別為。小球下擺過(guò)程與滑塊水平方向動(dòng)量守恒，有碰撞后小球上擺過(guò)程機(jī)械能守恒，有解兩式得(2)碰撞時(shí)擋板對(duì)滑塊的沖量有解得
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