人教版選擇性必修第一冊(cè)-12動(dòng)量定理-同步訓(xùn)練6(含解析)-資料下載頁(yè)
2025-04-05 05:20本頁(yè)面
【正文】 確；C．由于兩滑塊重力相等，運(yùn)動(dòng)時(shí)間相等，因此重力對(duì)兩滑塊的沖量相等，C正確；D．由于合外力對(duì)滑塊a做的功多，根據(jù)動(dòng)能定理，滑到底端的過(guò)程中，滑塊a的速度大，動(dòng)量變化較大，D正確。故選BCD。14．AC【詳解】彈簧彈開(kāi)物塊的過(guò)程，只有彈力做功，則彈簧和物體系統(tǒng)的機(jī)械能守恒，則可知彈簧的彈性勢(shì)能為或者由動(dòng)能定理而彈力做功等于彈性勢(shì)能的減小，可知彈簧的彈性勢(shì)能為因?yàn)椴簧婕皶r(shí)間問(wèn)題，不能使用動(dòng)量定理；彈力是變力，根據(jù)題目條件不能用功的定義式求解彈力功。故選AC。15．BCD【詳解】AB．圖像縱坐標(biāo)表示合力，橫坐標(biāo)表示時(shí)間，由公式可知，圖中陰影面積表示時(shí)間內(nèi)合外力的沖量，故A錯(cuò)誤，B正確；C．由動(dòng)量定理可得故C正確；D．由動(dòng)量定理可知?jiǎng)t動(dòng)量變化率為由圖可知，物體在t=2ms時(shí)動(dòng)量的變化率為150，故D正確。故選BCD。16．AC【詳解】AB．由題意知砸到臉前一瞬間手機(jī)速度為故由動(dòng)量定理有解得故A正確B錯(cuò)誤；CD．手機(jī)下落時(shí)間為：故全過(guò)程手機(jī)重力的沖量大小為：所以C正確D錯(cuò)誤。故選AC。17．AC【詳解】AB．根據(jù)動(dòng)量定理得F0t0=mv1…①2F0t0=mv2mv1…②由②①解得v1：v2=1：3v2=3v1； 代入解得x1：x2=1：5x2=5x1故A正確、B錯(cuò)誤。CD．做的功為W1=F0x1W2=2F0?（x2x1）=8W1得W1：W2=1：8故C正確，D錯(cuò)誤。故選AC。18．ABD【詳解】A．從A到B的過(guò)程中，只有重力做功，由動(dòng)能定理可知，重力做功A正確；B．從A到B的過(guò)程中時(shí)間則重力做功的平均功率B正確；C．B點(diǎn)時(shí)由于重力豎直向下，而速度沿水平方向，重力的瞬時(shí)功率為零，C錯(cuò)誤；D．由動(dòng)量定理可知，合力的沖量等于動(dòng)量的變化量D正確。故選ABD。19．，方向豎直向上【詳解】運(yùn)動(dòng)員從5m高處自由下落到接觸水面，根據(jù)機(jī)械能守恒有代入數(shù)據(jù)解得運(yùn)動(dòng)員接觸水面到運(yùn)動(dòng)員下沉到最低點(diǎn)，根據(jù)動(dòng)量定理有代入數(shù)據(jù)解得方向豎直向上20．（1）見(jiàn)解析；（2）F1=；F2=；【詳解】（1）a．恒力和其作用時(shí)間的累積Ft直接對(duì)應(yīng)著動(dòng)量的變化．由牛頓運(yùn)動(dòng)定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式推導(dǎo)：F = mav2=v1 + at解得Ft =m v2mv1=?pb.．恒力和其作用空間的累積Fl直接對(duì)應(yīng)著動(dòng)能的變化．由牛頓運(yùn)動(dòng)定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式推導(dǎo)：F=ma解得（2）c．由題（1）a可知，合力對(duì)時(shí)間的平均值由題（1）b可知，合力對(duì)位移的平均值21．（1）500N；（2）；（3）【詳解】（1）拉力沿豎直方向的分力等于重力，由平行四邊形定則，得拉力（2）根據(jù)受力分析，由牛頓第二定律得：小明做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑聯(lián)立代入數(shù)據(jù)解得v=（3）小明做圓周運(yùn)動(dòng)的周期小明運(yùn)動(dòng)一個(gè)周期內(nèi)重力的沖量22．（1）36 J；（2）380 N【詳解】（1）設(shè)小球落地時(shí)的速度v1，根據(jù)解得設(shè)小球和地面相碰后的速度v2，根據(jù)解得小球與地面碰撞損失的機(jī)械能解得（2）設(shè)小球落地的時(shí)間t1，根據(jù)解得設(shè)小球和地面相碰后上升到最高點(diǎn)的時(shí)間t2，根據(jù)解得地面和小球的作用時(shí)間小球運(yùn)動(dòng)的全過(guò)程，選向下為正方向，設(shè)地面對(duì)小球的平均作用力為，根據(jù)動(dòng)量定理得解得
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