20xx年四川省達(dá)州市高考物理一模試卷word版含解析-展示頁(yè)
2024-11-27 11:03本頁(yè)面
【正文】 十號(hào) ”與 “天宮一號(hào) ”對(duì)接時(shí)的軌道高出 50km，對(duì)接后均視為勻速圓周運(yùn)動(dòng)，已知地球半徑約為 103km．以下說(shuō)法正確的是（ ） A．對(duì)接時(shí) “神舟 ”和 “天宮 ”的相對(duì)速度約 ，所以他們的機(jī)械能幾乎相等 B．此次對(duì)接后的運(yùn)行速度與上次對(duì)接后的運(yùn)行速度之比約為 C．此次對(duì)接后的向心加速度與上次對(duì)接后的向心加速度之比約 為（ ） 2 D．我國(guó)未來(lái)空間站的運(yùn)行周期約為 24h 【考點(diǎn)】 人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關(guān)系；萬(wàn)有引力定律及其應(yīng)用；機(jī)械能守恒定律． 【分析】 萬(wàn)有引力提供向心力，根據(jù)萬(wàn)有引力定律和牛頓第二定律列式比較線速度、周期、向心加速度的大小關(guān)系． 【解答】 解： A、因兩者的質(zhì)量不確定，則無(wú)法比較其機(jī)械能．則 A 錯(cuò)誤 B、由萬(wàn)有引力提供向心力： ，可得： v= ，則此次對(duì)接后的運(yùn)行速度與上次對(duì)接后的運(yùn)行速度之比約為 ，則 B 錯(cuò)誤 C、由萬(wàn)有引力提供向心力： =ma，可得 a= ，則此次對(duì)接后的向心加速度與上次對(duì)接后的向心加速 度之比約為（ ） 2=（ ） 2，則 C 正確 D、我國(guó)未來(lái)空間站的高度小于同步衛(wèi)星的高度，則其運(yùn)行周期小于 24h，則 D錯(cuò)誤 故選： C 5．在兩個(gè)足夠長(zhǎng)的固定的相同斜面體上（其斜面光滑），分別有如圖所示的兩套裝置（斜面體 B 的上表面水平且光滑、長(zhǎng)方體 D 的上表面與斜面平行且光滑， p是固定在 B、 D 上的小柱，完全相同的兩只彈簧一端固定在 p 上，另一端分別連在 A 和 C 上，在 A 與 B、 C 與 D 分別保持相對(duì)靜止?fàn)顟B(tài)沿斜面自由下滑的過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（ ） A．兩彈簧都處于拉伸狀態(tài) B．兩彈簧都處于壓縮狀態(tài) C．彈簧 L1處 于壓縮狀態(tài)，彈簧 L2處于原長(zhǎng) D．彈簧 L1處于拉伸狀態(tài)，彈簧 L2處于壓縮狀態(tài) 【考點(diǎn)】 牛頓第二定律；物體的彈性和彈力；胡克定律． 【分析】 先由整體法求出沿斜面向下運(yùn)動(dòng)的加速度，然后分別對(duì) A 與 B 進(jìn)行受力分析即可． 【解答】 解： A 與 C 保持相對(duì)靜止，則二者向下的加速度是相等的，設(shè)它們的總質(zhì)量為 M，則： Ma=Mgsinα 所以： a=gsinα 同理，若以 B、 D 為研究對(duì)象，則它們共同的加速度大小也是 gsinα． 以 A 為研究對(duì)象， A 受到重力、斜面體 C 豎直向上的支持力時(shí)，合力的方向在豎直方向上，水平方向的加速度： ax=acosα=g?sinαcosα 該加速度由水平方向彈簧的彈力提供，所以彈簧 L1處于壓縮狀態(tài)； 以 B 為研究對(duì)象，則 B 受到重力、斜面的支持力作用時(shí)，合力的大小： F 合 =mgsinθ 所以， B 受到的重力、斜面的支持力作用提供的加速度為： a=gsinα，即 B 不能受到彈簧的彈力，彈簧 L2處于原長(zhǎng)狀態(tài)． 故選項(xiàng) C 正確， ABD 錯(cuò)誤． 故選： C 6．如圈所示，質(zhì)為 m的一輛小汽車從水平地面 AC 上的 A 點(diǎn)沿斜坡勻速行駛到B 點(diǎn)． B 距水平面搞 h，以水平地面為零勢(shì)能面，重力加速度為 g．小汽車從 A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到 B 點(diǎn)的過(guò)程中（空氣阻力不能忽 略），下列說(shuō)法正確的是（ ） A．合外力做功為零 B．合外力做功為 mgh C．小汽車的機(jī)城能增加量為 mgh D．牽引力做功為 mgh 【考點(diǎn)】 動(dòng)能定理的應(yīng)用；機(jī)械能守恒定律． 【分析】 根據(jù)動(dòng)能定理分析合外力做功情況，從而分析牽引力做功；根據(jù)動(dòng)能和重力勢(shì)能的改變可明確機(jī)械能的改變量． 【解答】 解： A、汽車勻速運(yùn)動(dòng)，動(dòng)能不變，則根據(jù)動(dòng)能定理可知，合外力做功為零，故 A 正確， B 錯(cuò)誤； C、小汽車動(dòng)能不變，重力勢(shì)能增加了 mgh，則可知小汽車機(jī)械能增加量為 mgh，故 C 正確； D、對(duì)上升過(guò)程由動(dòng)能定理可知，牽引力的功 等于重力勢(shì)能的增加量和克服阻力做功之和，故牽引力做功一定大于 mgh，故 D 錯(cuò)誤． 故選： AC． 7．靜止在粗糙水平面上的物體，在水平力 F 的作用下，經(jīng)過(guò)時(shí)間 t、通過(guò)位移 l后，動(dòng)量為 p、動(dòng)能為 EK．以下說(shuō)法正確的是（ ） A．若保持水平力 F 不變，經(jīng)過(guò)時(shí)間 2t，物體的動(dòng)量等于 2p B．若將水平力增加為原來(lái)的兩倍，經(jīng)過(guò)時(shí)間 t，物體的動(dòng)量等于 2p C．若保持水平力 F 不變，通過(guò)位移 2l，物體的動(dòng)能小于 2EK D．若將水平力增加為原來(lái)的兩倍，通過(guò)位移 l，物體的動(dòng)能大于 2EK 【考點(diǎn)】 動(dòng)量定理；動(dòng)能定理的應(yīng)用． 【分析】 根據(jù)動(dòng)量定理，得出動(dòng)量的變化量，根據(jù)動(dòng)能定理，得出動(dòng)能的變化量． 【解答】 解： A、根據(jù)動(dòng)量定理 ，保持水平力 F 不變，經(jīng)過(guò)時(shí)間2t，（ F﹣ f） ?2t=p′，可知 p′=2p，故 A 正確； B、根據(jù)動(dòng)量定理 ，若水平力增加為原來(lái)的 2 倍，經(jīng)過(guò)時(shí)間 t，則有（ 2F﹣ f） ?t=p′，則 p′＞ 2p，故 B 錯(cuò)誤； C、根據(jù)動(dòng)能定理 ，保持水平力 F 不變，通過(guò)位移 2l，有 ，則有 ，故 C 錯(cuò)誤； D、根據(jù)動(dòng)能定理 ，將水平力增加為原來(lái)的兩倍，通過(guò)位移 l，有，則有 ，故 D 正確； 故選： AD 8．如圖甲所示，一輕彈簧的兩端與 質(zhì)量分別為 m m2 的兩物塊 A、 B 相連接，并靜止在光滑水平面上．現(xiàn)使 B 獲得水平向右、大小為 6m/s 的瞬時(shí)速度，從此刻開(kāi)始計(jì)時(shí)，兩物塊的速度隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖乙所示，從圖象提供的信息可 得（ ） A．在 t1， t2時(shí)刻兩物塊達(dá)到共同速度 2m/s，且彈簧都處于伸長(zhǎng)狀態(tài) B．從 t3到 t4時(shí)刻間彈簧由壓縮狀態(tài)恢復(fù)到原長(zhǎng) C．兩物體的質(zhì)量之比為 m1： m2=2： 1 D．在 t2時(shí)刻， A、 B 兩物塊的動(dòng)能之比為 Ek1： Ek2=4： 1 【考點(diǎn)】 動(dòng)量守恒定律；機(jī)械能守恒定律． 【分析】 兩個(gè)滑塊與彈簧系統(tǒng)機(jī)械能守恒、動(dòng)量守恒， 結(jié)合圖象可以判斷它們的能量轉(zhuǎn)化情況和運(yùn)動(dòng)情況． 【解答】 解： A、從圖象可以看出，從 0 到 t1的過(guò)程中彈簧被壓縮， t1時(shí)刻兩物塊達(dá)到共同速度 2m/s，此時(shí)彈簧處于壓縮原長(zhǎng)狀態(tài)，由圖示圖象可知， t2時(shí)刻兩物體的速度大小相等而方向相反，速度不同，故 A 錯(cuò)誤； B、由圖示圖象可知，從 t3到 t4時(shí)間內(nèi) A 做減速運(yùn)動(dòng)， B 做加速運(yùn)動(dòng)，彈簧由由壓縮狀態(tài)恢復(fù)到原長(zhǎng)，故 B 正確； C、由圖示圖象可知， t1時(shí)刻兩物體相同，都是 2m/s， A、 B 系統(tǒng)動(dòng)量守恒，以 B的初速度方向?yàn)檎较颍蓜?dòng)量守恒定律得： m2v1=（ m1+m2） v2 ，即 m2 6=（ m1+m2） 2，解得： m1： m2=2： 1，故 C 正確； D、由圖示圖象可知，在 t2 時(shí)刻， A、 B 兩物塊的速度分別為： 4m/s、﹣ 2m/s，兩物體的動(dòng)能之比為 Ek1： Ek2= m1vA2： m2vB2= 2m2 42： m2 （﹣ 2）2=8： 1，故 D 錯(cuò)誤； 故選： BC． 二、非選擇題：包括必考
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