【正文】 若子代中花頂生：花腋生 =1:1（若子代出現(xiàn)了花腋生），則說明該突變基因位于該單體缺少的這種染色體上。C1所以紫光在 AB面發(fā)生全反射，而紅光在 AB 面一部分折射，一部分反射，且由幾何關(guān)系可知，反射光線與 AC 垂直，所以在 AM 處產(chǎn)生的亮斑 P1為紅色，在 AN 處產(chǎn)生的亮斑 P2為紅色與紫色的混合色（每種 2 分，共 4 分） （ ii）畫出如圖光路圖，設(shè)折射角為 r，兩個(gè)光斑分別為 P n1＝ isinsin? ① （ 3 分） 由①式解 得 ： sinγ ＝ 36 ② （ 1 分） 由幾何知識(shí)可得： tanγ ＝1APr ③ 由③式 解得 ： AP1＝ 25 cm ④ 由幾何知識(shí)可得 △ OAP2為等腰直角三角形，解得 ： AP2＝ 10（ cm） ⑤ 所以 P1P2＝ ( 25 ＋ 10)cm=(cm) ⑥ （ 2分） A B O M N C i γ P1 P2 肇慶市 2018 屆高三級(jí)三模化學(xué)試題 參考答案及評(píng)分細(xì)則 選擇題 26． （ 15 分） （ 1） （ 2 分） 三頸燒瓶 使原糧中磷化物與水充分反應(yīng) （ 2） （ 4 分） Ca3P2+6H2O===3Ca(OH)2+2PH3↑ (2 分 ) 關(guān)閉 K打開 K2 用 抽氣泵 緩慢 ． ． 抽氣（ 1 分） ，若觀察到 A、 B、 D 各裝置中有氣泡產(chǎn)生則氣密性良好（ 1 分） [或在 D 左邊用橡膠管和止水夾封閉、關(guān)閉 K2 用壓差法；或關(guān) 閉分液漏斗旋塞后對(duì) C 加熱法 ] （ 3） （ 4 分） 氧化裝置 C 中 （ 1 分） 生成的 PH3（ 1 分） 吹出 PH3（ 1 分）， 使其全部被 酸性 KMnO4 溶液吸收 （ 1 分） （ 4） （ 2 分） 5PH3+8MnO4+24H+==5H3PO4+8Mn2++12H2O （ 5） （ 3 分） （ 2 分） 合 格 （ 1 分） 計(jì)算過程： (1)n(MnO4)總 = mL 104 mol ? L1=103 mmol (2)Na2SO3 溶液 中和的 KMnO4溶液（與 PH3反 應(yīng)剩余的） 5 Na2SO3————2 KMnO4 (4)5PH3————8 KMnO4 5 2 5 8 105 x y 105 x=104(mmol) y=105(mmol) (3)與 PH3反應(yīng)的 KMnO4 1kg純糧中含 PH3: 10425025 =105(mmol) (5) 5 1 310002 . 5 1 0 3 4 ( ) 8 .5 1 0100m m o l m g m L m g?? ? ? ? ? ? 27.（ 14 分 ） （ 1）（ 8 分 ） ① AC（ 2 分 ） ② 1∶ 1（ 2 分 ） ③ 減小 增大 （ 2 分 ） ④ )()( )()( 3232 23 ????? ?? HcCOc OHcOHCHcK（ 2 分 ，寫出表達(dá)式給全分 ） （ 2）（ 2 分 ） CO2(g)+3H2(g) CH3OH(l)+H2O(l) △ H= i＝ 45176。（ 1 分） 25（ 20 分） （ 1）對(duì) A 由動(dòng)能定理 :11221 AmvqEL ? ① （ 1 分） 解得mqELvA 211 ?②（ 1 分） 對(duì) A、 B 第一次碰撞 ，由動(dòng)量守恒可得 ： mvA11=mvA12+ mvB12 ③ （ 1 分） 由能量守恒可得 ： 122122112 212121 BAA mvmvmv ?＝ ④ （ 1 分） 聯(lián)立 ③④式 解得 ：mqE Lvv BA 20 1211 ?，＝ ⑤ （ 2 分） （ 2）從 A開始運(yùn)動(dòng)到第一次與 B 碰撞歷時(shí)qEmLmqEvt A 2111 ?? ⑥（ 1 分） 設(shè)從第一次碰撞后到第二次碰撞前歷時(shí) t2， 則： 2212 21 tmqEvB ?⑦（ 1 分） 由⑦式解得：qEmLt 222 ? ⑧（ 1 分） 故從 A 開始運(yùn)動(dòng)到 A 和 B 第二次碰撞所經(jīng)歷的時(shí)間為 ： qEmLttt 2321 ??＝總 ⑨（ 1 分） （ 3）第二次碰撞前 A的速度為 ：mqE LtmqEv A 22212 ??⑩（ 1 分） 對(duì) A、 B 第二次碰撞 ，由動(dòng)量和能量守恒分別得 ： mvA21+ mvB11=mvA22+ mvB22 ○11 （ 1 分） 222222122212 21212121 BABA mvmvmvmv ?? ＝ ○ 12（ 1 分） 聯(lián)立解得 : qEmLvmqE Lv BA 22,2 2222 ?? ○ 13（ 1 分） 由 vt 圖像可得第 3 次碰撞前 A的速度 ： mqELvA 2331 ? ○14（ 1 分） 此時(shí) B 的速度 ：mqELvB 2222 ? 以此類推第 n 次碰撞前 A 的速度為 mqELnvAn 21 ?○15（ 2 分） 故從第 n次到第 n+1次碰撞經(jīng)歷時(shí)間為 ： mq E LmqEvvt nAnAn221)1(1)1( ??? ?? ○16（ 1 分） 這段時(shí)間內(nèi) B 以速度 vAn1 做勻速運(yùn)動(dòng)，故這段時(shí)間內(nèi) B 通過的路程為 : nLtvs nAnn 41 ?? ○17（ 2 分） 33．（ 15分） （ 1） CDE （ 2）（ i）由力的平衡條件可得 對(duì)活塞 A： 2P0S+F=2P1S ① （ 1 分） 對(duì)活塞 B： 3P0S+F=3P1S ② （ 1 分） 解得 ： P1=P0 F=0 ③ （ 2 分） (ii)對(duì)氣體加熱后，兩活塞將緩慢向右移動(dòng)，活塞 A 將恰好移至其所在圓筒與 b 圓筒連接處，此過程中所研究氣體的壓強(qiáng)保持不變，由蓋 .呂薩克定律得： 2211 TVTV? ④ （ 2 分） v t 0 B A T1=T0 ⑤ （ 1 分） V1=2lS+2lS+3lS=7lS ⑥ （ 1 分） V2=2lS+6lS=8lS ⑦ （ 1 分） 由以上式子聯(lián)立 解得：02 78TT ? ⑧ （ 1 分） 34．（ 15分） （ 1） ADE （ 2）（ i）設(shè)紅光和紫光的臨界角分別為 C C2， sinC1＝11n ＝ 23 ， C1＝ 60176。 （ 2）選取木塊為研究的對(duì)象，木塊沿斜面方向 根據(jù)牛頓第二定律可得 ：??? cosg atg ?＝，所以要測定摩擦因數(shù)，還需要測出木板的傾角 θ，選 C 23．（ 10 分） （ 1）偏?。?1 分），偏?。?2 分）； （ 2）相等（ 1 分），偏大（ 2 分）； （ 3）21k （ 2 分），21kk （ 2 分） 24．（ 12分） 解：（ 1）在 0～ 0t 時(shí)間內(nèi)，磁感應(yīng)強(qiáng)度的變化率 00BBtt? ?? ① （ 1 分） 產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢的大小 01 0B ldФ BBE S ldt t t t? ? ?? ? ? ?? ? ?② （ 1 分） 流過導(dǎo)體棒 ef 的電流大小 011 022B ldEI R Rt??③ （ 1 分） 有楞次定律可判斷電流方向?yàn)?ef? （ 1 分） （ 2）在 t0～ 2 ot 時(shí)間內(nèi)，磁感應(yīng)強(qiáng)度的變化率 002BBtt? ?? ④ （ 1 分） 產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢的大小 02 02 B ldФ BBE S ldt t t t? ? ?? ? ? ?? ? ?⑤ （ 1 分） 流過導(dǎo)體棒 ef 的電流大小 022 02 B ldEI R Rt??⑥ （ 1 分） 時(shí)間內(nèi)導(dǎo)體棒 ef 產(chǎn)生的熱量 2 2 22 020 0B l dQ I R t Rt??⑦ （ 2 分） （ 3）在 t0～ ot 時(shí)，磁感應(yīng)強(qiáng)度 0BB? ⑧ ef 棒受安培力： 2 2 202 2 2 0 2 0B l dF B I l B I l Rt? ? ?⑨ （ 2 分） ef 棒受安培力方向水平向左 。 16． 解析：根據(jù)變壓器的工作原理可知，用電器的電路中有電流，一樣的會(huì)工作，故 A錯(cuò)誤；實(shí)驗(yàn)可以證明，提高輸電電流增加遠(yuǎn)距離輸電的能量損失，故 B 錯(cuò)誤； T1 T2 T12 第一次實(shí)驗(yàn)輸電線上的電流 I1=1UP ，輸電線上損失的功率 P1=I12R= RUP212 ；第二次實(shí)驗(yàn)，升壓變壓器副線圈上的電壓 U2=112Unn，輸電線上的電流 I2=2UP ，輸電線上損失的功率P2=I22R= RUP222 ，所以： I2∶ I1=U1:U2=n1∶ n2， P2∶ P1=U12:U22=n12∶ n22，故 C 正確， D錯(cuò)誤． 18．解析： A．點(diǎn) O 與點(diǎn) C 的場強(qiáng)大小相等，方向相反，故 A對(duì)； B．根據(jù)矢量合成法則， C 點(diǎn)場強(qiáng)為22 60c os2 RkQRkQE C ?? ?， D 點(diǎn)的場強(qiáng)為222 3323)23()23(2 RkQRRRRkQED ????? ， 點(diǎn) C 與點(diǎn) D 的場強(qiáng)大小之比為 3 ∶ 1，故 B正確； C．根據(jù)電場強(qiáng)度的矢量合成法則，距離兩點(diǎn)電荷連線 x= R86 R23 處的場強(qiáng)最強(qiáng)，則電子從點(diǎn) D 到點(diǎn) C 的過程中，加速度先增大，再減小，再增大，故 C 錯(cuò)誤； D．根據(jù)等量同種電荷的電場線，正電荷沿著圓周從點(diǎn) A到點(diǎn) D，電場力做正功，從點(diǎn) D到點(diǎn) B 的過程中，電場力做負(fù)功，故 D 正確。 初態(tài)時(shí)彈簧的壓縮量是 l21 （桿長），末態(tài)時(shí)彈簧的伸長量是 ll 212 27 ?－ ，所以末態(tài)時(shí)彈簧的彈力小于初態(tài)時(shí)彈簧的彈力， C 錯(cuò)。 15．解析：小球在向上移動(dòng)過程中，當(dāng)彈簧恢復(fù)原長時(shí)，此時(shí)小球所受彈簧的彈力 T1＝ 0，因小球的重力 G 及 F 的方向均在豎直方向，此時(shí)必然有輕桿沿桿方向?qū)π∏虻淖饔昧?T2＝ 0，若 T2≠ 0，則 T2在水平方向的分力 T2x≠ 0，小球無法處于平衡狀態(tài)，此時(shí)小球僅受兩個(gè)力作用，所以 A錯(cuò)。有選錯(cuò)的得 0 分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第 14~17 題只有一項(xiàng)是符合題目要求，第 18~21 題有多項(xiàng)符合題目要求。 （ 4）上述治療方法在基因工