【導(dǎo)讀】2020-2020學(xué)年山東省濰坊市高密三中高三（上）月考物理試卷（12. 1．如圖所示，A、B兩物體緊靠著放在粗糙水平面上．A、B間接觸面光滑．在水平推力F. 作用下兩物體一起加速運(yùn)動(dòng)，物體A恰好不離開地面，則物體關(guān)于A、B兩物體的受力個(gè)數(shù)，下列說法正確的是(). 2．在地面上某處將一金屬小球豎直向上拋出，上升一定高度后再落回原處，若不考慮空氣。阻力，則下述圖象能正確反映速度、加速度、位移和動(dòng)能隨時(shí)間變化關(guān)系的是（以向上為正。A．通過R1的電流減小，減少量一定等于。B．R2兩端的電壓增大，增加量一定等于△U. 4．2020年10月1日，我國成功發(fā)射了月球探測(cè)衛(wèi)星“嫦娥二號(hào)”．假設(shè)“嫦娥二號(hào)”探。測(cè)衛(wèi)星在橢圓軌道近月點(diǎn)Q完成近月拍攝任務(wù)后到達(dá)橢圓軌道的遠(yuǎn)月點(diǎn)P進(jìn)行變軌，此后它。6．如圖所示，兩個(gè)端面半徑同為R的圓柱形鐵芯同軸水平放置，相對(duì)的端面之間有一縫隙，D．彈簧恢復(fù)到原長時(shí)，物體B的速度達(dá)到最大值

　　

【正文】 將其兩端 a、 b分別與圖甲中的圓形線圈相連接， b端接地（電勢(shì)為零）．求： （ 1）圓形線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)；設(shè) b端電勢(shì)為零，求 a端的電勢(shì) φ a （ 2）在 0～ 4s時(shí)間內(nèi)通過電阻 R的電荷量 q． 【考點(diǎn)】法拉第電磁感應(yīng)定律；閉合電路的歐姆定律． 【專題】定量思想；方程法；電磁感應(yīng)與電路結(jié)合． 【分析】由法拉第電磁感應(yīng)定律可以求出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)； 由歐姆定律求出電流，由電流定義式求出電荷量； 由楞次定律可以判斷出感應(yīng)電流方向，然后判斷電勢(shì)高低． 【解答】解：由法拉第電磁感應(yīng)定律可得 E=n ， 由圖乙結(jié)合數(shù)學(xué)知識(shí)可得 k= = T/s= T/s， 將其代入可求 E= V， 0～ 4 s內(nèi)磁感應(yīng)強(qiáng)度增大，圓形線圈內(nèi)磁通量增加，由楞次定律結(jié)合右手定則可得 b點(diǎn)電勢(shì)高， a點(diǎn)電勢(shì)低， UR=IR=2=3V ， UR=φ b﹣ φ a， φ a=﹣ 3 V； 設(shè)平均電流強(qiáng)度為 ，由 q= △t= △t=n △t=n ， 在 0～ 4 s穿過圓形導(dǎo)體線圈的磁通量的變化量為： △Φ= Wb ﹣ 0= Wb， 代入可解得： q=6 C， 答：（ 1）設(shè) b端電勢(shì)為零，則 a端的電勢(shì)﹣ 3V； （ 2）在 0～ 4s時(shí)間內(nèi)通過電阻 R的電荷量 6C． 【點(diǎn)評(píng)】本題考查了求電動(dòng)勢(shì)、電荷量、電勢(shì)等，應(yīng)用法拉第電磁感應(yīng)定律、歐姆定律、電流定義式即可正確解題． 15．如圖，一個(gè)質(zhì)量為 的小球以某一初速度從 P點(diǎn)水平拋出，恰好從光滑圓弧 ABC的 A點(diǎn)的切線方向進(jìn)入圓?。ú挥?jì)空氣阻力，進(jìn)入圓弧時(shí)無機(jī)械能損失）．已知圓弧的半徑R=， θ=60176。 ，小球到達(dá) A點(diǎn)時(shí)的速度 v=4m/s．（取 g=10m/s2） 求：（ 1）小球做平拋運(yùn)動(dòng)的初速度 v0； （ 2） P點(diǎn)與 A點(diǎn)的水平距離和豎直高度； （ 3）小球到達(dá)圓弧最高點(diǎn) C時(shí)速度和對(duì)軌 道的壓力． 【考點(diǎn)】動(dòng)能定理的應(yīng)用；牛頓第二定律；平拋運(yùn)動(dòng)；向心力． 【專題】動(dòng)能定理的應(yīng)用專題． 【分析】（ 1）根據(jù)速度的合成與分解求出小球的初速度． （ 2）小球做平拋運(yùn)動(dòng)，應(yīng)用平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律求出 P點(diǎn)與 A點(diǎn)的水平距離和豎直高度． （ 3）由動(dòng)能定理與牛頓第二定律求出速度與壓力． 【解答】解（ 1）小球到 A點(diǎn)的速度如圖所示， 小球的速度： v0=vcosθ=4cos60176。=2m/s ； （ 2）小球的豎直分速度： vy=vsinθ ，又 vy=gt， 代入數(shù)據(jù)解得： ， 水平方向： x=v0t，代入數(shù)據(jù)解得： x=， 豎直方向： h= gt2，代入數(shù)據(jù)解得： h=； （ 3）從 A到 C，由動(dòng)能定理得： ， 代入數(shù)據(jù)解得： vC= m/s， 由圓周運(yùn)動(dòng)向心力公式得： F+mg=m ， 代入數(shù)據(jù)解得： F=8N， 由牛頓第三定律可知，小球?qū)壍赖膲毫Υ笮?F′=F=8N ，方向豎直向上； 答：（ 1）小球做平拋運(yùn)動(dòng)的初速度 v0為 2m/s． （ 2） P點(diǎn)與 A點(diǎn)的水平距離為 ，豎直高度為 ； （ 3）小球到達(dá)圓弧最高點(diǎn) C時(shí)速度為 m/s，對(duì)軌道的壓力大小為 8N，方向：豎直向上． 【點(diǎn)評(píng)】本題考查了求速度、位移、壓力問題，分 析清楚小球的運(yùn)動(dòng)過程，應(yīng)用速度的合成與分解、平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律、動(dòng)能定理、牛頓第二定律即可正確解題． 16．如圖所示，質(zhì)量 MA=2m的直桿 A懸于離地面很高處，桿 A上套有質(zhì)量 MB=m的小環(huán) B．將小環(huán) B由靜止釋放，環(huán)做加速度 a= g的勻加速運(yùn)動(dòng)．經(jīng)過時(shí)間 t后，將桿 A上方的細(xì)線剪斷，桿 A開始下落．桿 A足夠長，環(huán) B始終未脫離桿 A，不計(jì)空氣阻力，已知重力加速度為g，求： （ 1）桿 A剛下落時(shí)的加速度 a′ ； （ 2）在小環(huán) B下落的整個(gè)過程中，環(huán) B對(duì)桿 A所做的功 W； （ 3）在小環(huán) B下落的整個(gè)過程中，系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量 Q． 【考點(diǎn) 】功能關(guān)系；牛頓第二定律． 【分析】（ 1）對(duì) B進(jìn)行受力分析，求出 A與 B之間的摩擦力的大??； （ 2）設(shè)當(dāng) A下落 t 時(shí)間時(shí)二者的速度相等，之后二者相對(duì)靜止，所以速度相等前桿受到的摩擦力與位移才乘積就是環(huán) B對(duì)桿 A所做的功； （ 3）整個(gè)過程中產(chǎn)生的熱量等于二者之間的摩擦力與相對(duì)位移的乘積，先求出相對(duì)位移，再根據(jù) Q=fs即可求出． 【解答】解：（ 1）對(duì)小環(huán) B進(jìn)行受力分析，由牛頓第二定律可得： MBg﹣ f=MBa 解得： f= mg 剪斷繩后 B的加速度不變?nèi)詾?a= g 對(duì)物體 A，剪斷的瞬間 A受到重力和向下的摩擦力，則： MAg+f=MAa′ 代入數(shù)據(jù)，解得： （ 2）當(dāng) A下落 t 時(shí)間時(shí)二者的速度相等，則： v=vA=vB， A、 B相對(duì)靜止無摩擦力存在 v=a（ △t+t ） =a′t 解得： t=2△t A下落的高度： h′= = B對(duì) A做的功： W=fh′= = （ 3） B下落的高度： h= 解得： h= 小環(huán) B相對(duì) A的位移： s=h﹣ h′ 得： s= 下落過程中，系統(tǒng)生成的熱量 Q=fs 得： Q= 答：（ 1）桿 A剛下落時(shí)的加速度是 ； （ 2）在小環(huán) B下落的整個(gè)過程中，環(huán) B對(duì)桿 A所做的功是 ； （ 3）在小環(huán) B下落的整個(gè)過程中，系統(tǒng)產(chǎn)生的 熱量 Q是 ． 【點(diǎn)評(píng)】該題結(jié)合功能關(guān)系考查牛頓第二定律與受力分析，解答本題關(guān)鍵是對(duì)環(huán)和桿受力分析，然后根據(jù)牛頓第二定律求出各個(gè)過程的加速度，最后結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式列式求解． 17．在 xoy平面內(nèi)存在著如圖所示的電場(chǎng)和磁場(chǎng)，其中二、四象限內(nèi)電場(chǎng)方向與 y軸平行且相反，大小為 E，一、三象限內(nèi)磁場(chǎng)方向垂直平面向里，大小相等．一個(gè)帶電粒子質(zhì)量為 m，電荷量為 q，從第四象限內(nèi)的 P（ L，﹣ L）點(diǎn)由靜止釋放，粒子垂直 y軸方向進(jìn)入第二象限，求： （ 1）磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度 B； （ 2）粒子第二次到達(dá) y軸的位置； （ 3）粒子從釋放到第二 次到達(dá) y軸所用時(shí)間． 【考點(diǎn)】帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)；帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)． 【專題】計(jì)算題；定量思想；推理法；帶電粒子在復(fù)合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)專題． 【分析】（ 1）粒子在電場(chǎng)中加速獲得速度，在磁場(chǎng)中的做圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)洛倫茲力作為向心力計(jì)算磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小． （ 2）粒子在第二象限做類平拋運(yùn)動(dòng)，之后再進(jìn)入磁場(chǎng)做圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)半徑公式計(jì)算到達(dá)的位置． （ 3）粒子從釋放到第二次到達(dá) y軸所用時(shí)間為在電場(chǎng)和磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間的總和． 【解答】解：（ 1）粒子在第四象限內(nèi)， ， 所以： 在第一象限內(nèi)， 得： ，又 R=L， 所以： （ 2）在第二象限內(nèi)， x=v0t， 可解得： x=2L 且進(jìn)入第三象限時(shí)， 所以，進(jìn)入第三象限時(shí)的速度， ，其方向與 x軸負(fù)向夾角為 450， 在第三象限內(nèi)，由 ，得： ， 故 MN為圓周軌跡的直徑，所以 N點(diǎn)的坐標(biāo)為（ 0，﹣ 2L） （ 3）粒子在第四象限內(nèi)運(yùn)動(dòng)時(shí)間 ， 在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)周期 ， 所以粒子從釋放到第二次到達(dá) y軸所用時(shí)間 解得： 答：（ 1）磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度 B為 ； （ 2）粒子第二次到達(dá) y軸的位置為（ 0，﹣ 2L）； （ 3）粒子從釋放到第二次到達(dá) y軸所用時(shí)間為 ． 【點(diǎn)評(píng)】本題為帶電 粒子在組合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，要注意分別應(yīng)用電場(chǎng)中的加速，磁場(chǎng)中的勻速圓周運(yùn)動(dòng)的規(guī)律進(jìn)行分析求解．并注意認(rèn)真分析其對(duì)應(yīng)的物理過程．明確物理規(guī)律的正確應(yīng)用．