【導(dǎo)讀】理綜卷·2020屆寧夏銀川一中高三第三次月考】25．（18. 最右端，并隨板一起向左側(cè)固定的平臺(tái)運(yùn)動(dòng)，板M的上表面與平臺(tái)等高。m，光滑半圓軌道AFE豎直固定在平臺(tái)上，圓軌道半徑R=m，最低點(diǎn)與平臺(tái)AB相切于A點(diǎn)。板與物塊相對靜止向左運(yùn)動(dòng)，速度v0=8m/s。當(dāng)板與平臺(tái)的豎直墻壁碰撞后，板立即停止運(yùn)動(dòng)，面及軌道AB的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=，物塊質(zhì)量m=1kg,求物塊進(jìn)入圓軌道時(shí)對軌道上的A點(diǎn)的壓力；判斷物塊能否到達(dá)圓軌道的最高點(diǎn)E。點(diǎn)的距離；如果不能，則說明理由。點(diǎn)時(shí)運(yùn)用牛頓第二定律和向心力公式列式求解；先加速滑塊能通過最高點(diǎn)，對從C到最高點(diǎn)過程運(yùn)用動(dòng)能定理列式求解出最高點(diǎn)速度，B錯(cuò)誤；從剪斷繩子到彈簧壓縮到原長時(shí)，物體B對地面壓力不變，故C錯(cuò)誤；剪斷繩子后，考】7.一根繩長為L的輕繩一端系一個(gè)質(zhì)量為m的小球，另一端懸于固定點(diǎn)O，單擺運(yùn)動(dòng)時(shí)的最大擺角和圓錐擺運(yùn)。，如圖所示，下列判斷正確的是。對于單擺小球所受合力沿軌跡的切線方向提供恢復(fù)力，由受力圖知T1=mgcosθ；

　　

【正文】 ： BA aa ? ，0?ABN , A： ??? co ssin gga A ?? B： BmamgmgT ?????? ??? c o ss in2 得： 0?T ，即彈簧處于原長處， A、 B 兩物體分離。 從 /o 點(diǎn)到 O 點(diǎn)： A v0 O? O P x0 B O? O P A 題 9 圖 26 211 )1(21s in)1(c os)1(2 mvxmgxmgE P ?????? ?????? 得：?? sin43)1(2 3 0202 gxvv ??? 分離后， A 繼續(xù)上升到靜止 22 )c oss in(21 xmgmgmv ??? ?? 020 xx ?? 得： 171 ??? 【思路點(diǎn)撥】 求解彈簧模型綜合應(yīng)用問題的關(guān)鍵是搞清物體在運(yùn)動(dòng)過程中的 彈簧的形變量，明確兩物體要分離時(shí)的臨界條件 — 兩物體加速度相等，物體之間沒有相互擠壓 0N? ，這樣依題中告知的條件和牛頓第二定律、動(dòng)能定理求解相關(guān)物理量。它屬于能 力檢測題。 【【原創(chuàng)純 word 版精品解析】物理卷 2020 屆重慶南開中學(xué)高三 10 月月考（ 202010） word版】 5．如圖所示，在勻速轉(zhuǎn)動(dòng)的電動(dòng)機(jī)帶動(dòng)下，足夠長的水平傳送帶以恒定速率 V1勻速向右運(yùn)動(dòng)．一質(zhì)量為 m 的滑塊從傳送帶右端以水平向左的速率 V2(V2V1)滑上傳送帶，最終滑塊又返回至傳送帶的右端．就上述過程，下列判斷正確的有 A．滑塊返回傳送帶右端時(shí)的速率為 V2 B．此過程中傳送帶對滑塊做功為 mv22 － mv12 C．此過程中電動(dòng)機(jī)做功為 2mv12 D．此過程中滑塊與傳送帶間摩 擦產(chǎn)生的熱量為 m（ v1+ v2） 2 【答案】【知識(shí)點(diǎn)】 動(dòng)能定理的應(yīng)用 ； 牛頓第二定律 ． C2 E2 【答案解析】 D 解析 ： A：由于傳送帶足夠長，物體減速向左滑行，直到速度減為零，然后物體會(huì)在滑動(dòng)摩擦力的作用下向右加速，由于 v1＜ v2，物體會(huì)先在滑動(dòng)摩擦力的作用下加速，當(dāng)速度增大到等于傳送帶速度時(shí)，物體還在傳送帶上，之后不受摩擦力，故物體與傳送帶一起向右勻速運(yùn)動(dòng)，有 v′ 2=v1；故 A 錯(cuò)誤 ； B：此過程中只有傳送帶對滑塊做功根據(jù)動(dòng)能定理 W′=△ EK 得： W=△ EK=12 mv1212 mv22，故 B 錯(cuò)誤； D：設(shè)滑塊向左運(yùn)動(dòng)的時(shí)間 t1，位移為 x1，則：x1= 22 1 12vvt t?摩擦力對滑塊做功： W1=fx1=f 22v t1① 又摩擦力做功等于滑塊動(dòng)能的減小，即： W1=12 mv22 ② 21 2121 27 該過程中傳送帶的位移： x2=v1t1 摩擦力對滑塊做功： W2=fx2=fv1t1=fv121222 2xvfxvv? ③ 將 ①② 代入 ③ 得： W2=mv1v2 設(shè)滑塊向左運(yùn)動(dòng)的時(shí)間 t2，位移為 x3，則： x3= 12vt2 摩擦力對滑塊做功： W3=fx3=12mv12 該過程中傳送帶的位移： x4=v1t2=2x3 滑塊相對傳送帶的總位移： x 相 =x1+x2+x4x3=x1+x2+x3 滑動(dòng)摩擦力對系統(tǒng)做功： W 總 =fx 相對 =W1+W2+W3=12m（ v1+v2） 2 滑塊與傳送帶間摩擦產(chǎn)生的熱量大小等于通過滑動(dòng)摩擦力對系統(tǒng)做功， Q=W總 =f?x相 =12m（ v1+v2）2，故 D 正確； C：全過程中，電動(dòng)機(jī)對皮帶做的功與滑塊動(dòng)能的減小量等于滑塊與傳送帶間摩擦產(chǎn)生的熱量，即 Q=W+12mv2212mv12整理得： W=Q12mv22+12mv12=mv22+mv1v2，故 C 錯(cuò)誤．故選：D． 【思路點(diǎn)撥】 物體由于慣性沖上皮帶后，受到向左的滑動(dòng)摩擦力，減速向右滑行，之后依然受到向左的滑動(dòng)摩擦力，會(huì)繼續(xù)向左加速，然后根據(jù) v1小于 v2的情況分析．根據(jù)動(dòng)能定理得全過程傳送帶對物塊做的總功．根據(jù)能量守恒找出各種形式能量的關(guān)系．本題關(guān)鍵是對于物體返回的過程分析，物體先做減速運(yùn)動(dòng)，之后反向加速，最后做勻速運(yùn)動(dòng)．但是計(jì)算滑塊與傳送帶間摩擦產(chǎn)生的熱量的過程太復(fù)雜． 【【原創(chuàng)純 word版精品解析】物理卷 2020屆云南省玉溪一中高三上學(xué)期第二次 月考（ 202010）】4. 如圖所示， A 為靜止于地球赤道上的物體， B 為繞地球做橢圓軌道運(yùn)行 的 衛(wèi)星， C 為繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)的衛(wèi)星， P 為 B、 C 兩衛(wèi)星軌道的交點(diǎn)．已知 A、 B、 C 繞地心運(yùn)動(dòng)的周期相同．相對于地心 ， 下列說法 中 不正確的是 （ ） A． 衛(wèi)星 B 在 P 點(diǎn)的運(yùn)行加速度 大小 與衛(wèi)星 C的運(yùn)行加速度大小 相 等 B．衛(wèi)星 C的運(yùn)行速度大于物體 A 的速度 C．可能出現(xiàn)：在每天 的某一時(shí)刻 衛(wèi)星 B在 A的正上方 D．物體 A和衛(wèi)星 C 具有相同大小的加速度 【答案】【知識(shí)點(diǎn)】 萬有引力定律及其應(yīng)用；牛頓第二定律． C2 D5 【答案解析】 D 解析 ： A、衛(wèi)星 B 繞地球做橢圓軌道運(yùn)行，與地球的距離不斷變化，引力產(chǎn)生加速度，根據(jù)牛頓第二定律，有 a=2F GMmr?，經(jīng)過 P 點(diǎn)時(shí)，衛(wèi)星 B 與衛(wèi)星 C 的加速度相等，故 A 正確； B、物體 A 靜止于地球赤道上隨地球一起自轉(zhuǎn)，衛(wèi)星 C 為繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)，它C 28 們繞地心運(yùn)動(dòng)的周期相同，根據(jù)線速度公式 v=2rT?，衛(wèi)星 C 的線速度較大，故 B 正確； C、 A、B 繞地心運(yùn)動(dòng)的周期相同，也就等于地球的自轉(zhuǎn)周期． B 為繞地球做橢圓軌道運(yùn)行的衛(wèi)星，是速度大小在變化的運(yùn) 動(dòng)，所以可能出現(xiàn)：在每天的某一時(shí)刻衛(wèi)星 B在 A 的正上方．故 C 正確．本題選不正確的， D、物體 A 靜止于地球赤道上隨地球一起自轉(zhuǎn)，衛(wèi)星 C 為繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)，它們繞地心運(yùn)動(dòng)的周期相同，根據(jù)向心加速度的公式 a=（ 2T?） 2r，衛(wèi)星 C 的加速度較大，故D 錯(cuò)誤；故選 D． 【思路點(diǎn)撥】 A 靜止于地球赤道上隨地球一起自轉(zhuǎn)， C 為繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)， B 為繞地球做橢圓軌道運(yùn)行的衛(wèi)星， A、 B、 C 繞地心運(yùn)動(dòng)的周期相同，根據(jù)向心加速度的公式 a=（ 2T?） 2r可以判斷物體 A 和衛(wèi)星 C 的運(yùn)動(dòng)情況，衛(wèi)星 B、 C 軌跡在 P 點(diǎn)相交，根據(jù)牛頓第二定律判斷加速度．本題關(guān)鍵先列求解出線速度和加速度的表達(dá)式，再進(jìn)行討論；對于加速度，要根據(jù)題意靈活地選擇恰當(dāng)?shù)谋磉_(dá)式形式分析．衛(wèi)星在橢圓軌道運(yùn)行，萬有引力與向心力不等． 【【原創(chuàng)純 word 版精品解析】物理卷 2020 屆四川省綿陽南山實(shí)驗(yàn)高中高三一診模擬考試（ 202010）】 9.(15 分 )研究表明，一般人的剎車反應(yīng)時(shí)間（即圖甲中 “ 反應(yīng)過程 ” 所用時(shí)間）t0=，但飲酒會(huì)導(dǎo)致反應(yīng)時(shí)間延長，在某次試驗(yàn)中，一質(zhì)量為 50kg 的志愿者 少量飲酒后駕車以 v0=72km/h 的速度在試驗(yàn)場的水平路面上勻速行駛，從發(fā)現(xiàn)情況到汽車停止，行駛距離 L＝ 39m。減速過程中汽車位移 x 與速度 v 的關(guān)系曲線如圖乙所示，此過程可視為勻變速直線運(yùn)動(dòng)。取重力加速度的大小 g=10m/s2。求： （ 1）減速過程汽車加速度的大小及所用時(shí)間； （ 2）飲酒使志愿者比一般人正常時(shí)遲緩的時(shí)間； （ 3）從發(fā)現(xiàn)情況到汽車停止的過程，汽車對志愿者所做的功。 【答案】【知識(shí)點(diǎn)】功的計(jì)算；勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移與時(shí)間的關(guān)系；牛頓第二定律． A2 C2 E1 【答案解析】（ 1） ；（ 2） ；（ 3） 10000J． 解析 ： （ 1）設(shè)減速過程中汽車加速度的大小為 a，所用時(shí)間為 t，由題可得初速度 smv /200 ? ，末速度 0?tv ，位移 ms 25? ，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得： asv 220 ? ① avt 0? ② 29 聯(lián)立 ①② 式，代入數(shù)據(jù)得 : 2/8 sma? ③ st ? ④ （ 2）設(shè)志愿者反應(yīng)時(shí)間為 39。ｔ ,反應(yīng)時(shí)間的增加量為 t? ，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得 stvL ?? 39。0 ⑤ 039。 ttt ??? ⑥ 聯(lián)立 ⑤⑥ 式，代入數(shù)據(jù)得： st ?? ⑦ 設(shè)志愿者所受合外力的大小為 F，志愿者質(zhì)量為m， 由牛頓第二定律得： xmaFxW .???? ⑧ 代入數(shù)據(jù)得 : JW 10000?? 【思路點(diǎn)撥】（ 1）根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度位移公式求出轎車減速過程中的加速度大小，結(jié)合速度時(shí)間公式求出減速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間． （ 2）根據(jù)反應(yīng)時(shí)間內(nèi)的位移與轎車剎車后的位移之和求出發(fā)現(xiàn)情況到轎車停止行駛的距離．進(jìn)而求出遲緩的時(shí)間．（ 3）根據(jù)做 功公式求得做的的功。解決本題的關(guān)鍵知道轎車在反應(yīng)時(shí)間內(nèi)做勻速直線運(yùn)動(dòng)，剎車后做勻減速運(yùn)動(dòng)，結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式靈活求解，基礎(chǔ)題． 【【原創(chuàng)純 word 版精品解析】物理 卷 2020 屆山西省山大附中高三上學(xué)期第四次月考試題（ 202010）】 1（ 14 分）如圖所示，物體 A 放在足夠長的木板 B 上，木板 B 靜止于水平面。t=0 時(shí)，電動(dòng)機(jī)通過水平細(xì)繩以恒力 F 拉木板 B，使它做初速度為零，加速度 aB=加速直線運(yùn)動(dòng)。已知 A 的質(zhì)量 mA和 B 的質(zhì)量 mB均為 ,A、 B 之間的動(dòng)摩擦因數(shù) μ 1=，B 與水平面之間的動(dòng)摩擦因數(shù) μ 2=，最大靜摩擦力與滑動(dòng)摩擦力大小視為相等，重力加速度 g 取 10m/s2。求 （ 1）物體 A 剛運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度 aA (2) t1= 時(shí)，電動(dòng) 機(jī)的輸出功率 P； （ 3）若 t1= 時(shí)，將電動(dòng)機(jī)的輸出功率立即調(diào)整為 P1=5W，并在以后的運(yùn)動(dòng)過程中始終保持這一功率不變， t2= 時(shí)物體 A 的速度為 。則在 t1= 到 t2= 這段時(shí)間內(nèi)木板B 的位移為多少？ 【答案】【知識(shí)點(diǎn)】 動(dòng)能定理的應(yīng)用；牛頓第二定律． C2 E2 【答案解析】 （ 1） ；（ 2） 7W；（ 3） ． 解析 ： （ 1）若 A 相對于 B 滑動(dòng)，則對物體 A 進(jìn)行受力分析，水平方向只受摩擦力，根據(jù)牛頓第二定律得： f=μ 1mAg=mAaA 解得： aA=＜ ，所以 A 的加速度為 ； （ 2）對物體 B 進(jìn)行受力分析，水平方向受到拉力 F、地面對 B 的摩擦力、 A 對 B的摩擦力， 30 根據(jù)牛頓第二定律得： Fμ 1mAgμ 2（ mB+mA） g=mBaB 帶入數(shù)據(jù)解得： F=7N， v=aBt=1m/s 所以 P=Fv=7W （ 3）電動(dòng)機(jī)的輸出功率調(diào)整為 5W 時(shí)，設(shè)細(xì)繩對木板 B 的拉力為 F′ ，則 P′=F′v 1，代入數(shù)據(jù)解得 F39。=5N， 對木板進(jìn)行受力分析，木板 B 受力滿足 F′ μ 1mAgμ 2（ mA+mB） g=0 所以木板 B 將做勻速直線運(yùn)動(dòng)，而物體 A 則繼續(xù)在 B 上做勻加速直線運(yùn)動(dòng)直到 A、 B速度相等． 設(shè)這一過程時(shí)間為 t′ ，有 v1=aA（ t1+t′ ），這段時(shí)間內(nèi) B 的位移 s1=v1t′ ， A、 B 速度相同后，由于 F＞ μ 2（ mA+mB） g 且電動(dòng)機(jī)輸出功率恒定， A、 B 將一起做加速度逐漸減小的變加速運(yùn)動(dòng)， 由動(dòng)能定理得：P′(t 2t′ t1)μ 2(mA+mB)gs2=12(mA+mB) 2Av 12(mA+mB) 21v ， 由以上各式帶入數(shù)據(jù)得：木板 B 在 t= 到 t= 這段時(shí)間的位移 s=s1+s2= 【思路點(diǎn)撥】 （ 1）對物體 A 進(jìn)行受力分析，水平方向只受摩擦力，根據(jù)牛頓第二定律就出 a；（ 2）電動(dòng)機(jī)的輸出功率 P=Fv，對 B 進(jìn)行受力分析，水平方向受到拉力 F、地面對 B 的摩擦力、A 對 B 的摩擦力，對 B 運(yùn)用牛頓第二 定律可解除 F，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出 v，即可求得 p；（ 3）電動(dòng)機(jī)的輸出功率調(diào)整為 5W 時(shí)，根據(jù) P=Fv，求出 F，對 B 進(jìn)行受力分析，得出 B 受平衡力，所以 B 做勻速運(yùn)動(dòng)，而物體 A 則繼續(xù)在 B 上做勻加 速直線運(yùn)動(dòng)直到 A、 B 速度相等，算出時(shí)間，算出位移 s1，速度相同后，由于 F＞ μ 2（ mA+mB） g 且電動(dòng)機(jī)輸出功率恒定， A、 B 將一起做加速度逐漸減小的變加速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)動(dòng)能定理求出位移 s2，木板 B 在 t= 到 t= 這段時(shí)間的位移 s=s1+s2．本題對受力分析的要求較高，要能根據(jù)受力情況判斷運(yùn)動(dòng)情況，或根據(jù)運(yùn)動(dòng)情況判斷受力 情況，難度較大． 【【原創(chuàng)純 word 版精品解析】物理卷 2020 屆山西省山大附中高三上學(xué)期第四次月考試題（ 202010）】 1 （ 10 分） 如圖所示， A、 B 質(zhì)量分別為 mA=1kg， mB=2kg， AB 間用彈簧連接著，彈簧彈性系數(shù) k=100N/m，輕繩一端系在 A 上，另一端跨過定滑輪， B 為套在輕繩上的光滑圓環(huán)，另一圓環(huán) C 固定在桌邊， B被 C 擋住而靜止在 C 上，若開始時(shí)作用在繩子另一端的拉力 F為零，此時(shí) A 處于靜止且剛