【文章內(nèi)容簡介】 變化．故A錯(cuò)誤．B、由于摩天輪是在勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，所以小明的速度不變，結(jié)合動(dòng)能的決定因素：質(zhì)量和速度．由于在轉(zhuǎn)動(dòng)過程中，這兩個(gè)量都沒有發(fā)生變化，所以小明的動(dòng)能保持不變．故B正確．C、機(jī)械能包括動(dòng)能和勢能，小明所具有的機(jī)械能等于他的動(dòng)能和勢能的和，由于其動(dòng)能不變，而勢能隨著其高度的變化而變化，所以小明的機(jī)械能也在不斷變化，當(dāng)其上升時(shí)，機(jī)械能增加，當(dāng)其下降時(shí)，機(jī)械能減?。蔆錯(cuò)誤．D、當(dāng)小明隨著摩天輪上升時(shí)，其機(jī)械能增加，故D錯(cuò)誤．故選B．　10．小峰探究發(fā)現(xiàn)，某電動(dòng)玩具車內(nèi)部電路是由電源、開關(guān)、電動(dòng)機(jī)、指示燈各一個(gè)組成的．他想進(jìn)一步探究該電動(dòng)玩具車內(nèi)部電動(dòng)機(jī)與指示燈的連接方式，便將這輛玩具車的電池取下，保持開關(guān)閉合，轉(zhuǎn)動(dòng)車輪，車上的指示燈還能發(fā)光．則該玩具車電路中電動(dòng)機(jī)與指示燈的連接方式（　?。〢．可以確定，一定串聯(lián)B．可以確定，一定并聯(lián)C．可以確定，串聯(lián)、并聯(lián)都行D．需要再斷開開關(guān)，轉(zhuǎn)動(dòng)車輪，觀察指示燈【考點(diǎn)】串聯(lián)電路和并聯(lián)電路的辨別．【分析】串聯(lián)的各電路元件相互影響，不能獨(dú)立工作，并聯(lián)的各電路元件互不影響，能獨(dú)立工作．【解答】解：轉(zhuǎn)動(dòng)車輪，車輪帶動(dòng)電動(dòng)機(jī)轉(zhuǎn)動(dòng)，電動(dòng)機(jī)變成了發(fā)電機(jī)，轉(zhuǎn)動(dòng)車輪，車上的指示燈還能發(fā)光，說明此時(shí)電動(dòng)機(jī)、指示燈構(gòu)成閉合回路，故電動(dòng)機(jī)與指示燈是并聯(lián)的；如果電動(dòng)機(jī)與指示燈是串聯(lián)的，拆去電池、閉合開關(guān)后，電動(dòng)機(jī)、指示燈組成的電路是開路，指示燈不會(huì)發(fā)光．故選B．　11．礦泉水中含有人體所需的多種礦物質(zhì)，導(dǎo)電能力較強(qiáng)．純凈水是用自來水經(jīng)過多層過濾后得到的飲用水，礦物質(zhì)含量較少，導(dǎo)電能力較差．小明根據(jù)它們導(dǎo)電能力不同這一特點(diǎn)，設(shè)計(jì)了如圖所示的實(shí)驗(yàn)裝置，M、N是相同的兩根細(xì)長玻璃管，M內(nèi)裝滿礦泉水，N內(nèi)裝滿純凈水．先將單刀雙擲開關(guān)S撥到1，則（　?。〢．將滑動(dòng)變阻器的滑片P向右移動(dòng)時(shí)，通過管M內(nèi)的電流增大B．將滑動(dòng)變阻器的滑片P向右移動(dòng)時(shí)，電壓表的示數(shù)減小C．保持滑動(dòng)變阻器的滑片P位置不變，將開關(guān)S撥到2時(shí)，通過R的電流增大D．保持滑動(dòng)變阻器的滑片P位置不變，將開關(guān)S撥到2時(shí)，電壓表示數(shù)減小【考點(diǎn)】電路的動(dòng)態(tài)分析．【分析】（1）根據(jù)滑動(dòng)變阻器滑片移動(dòng)的方向確定滑動(dòng)變阻器接入電路電阻的變化，然后根據(jù)歐姆定律以及串聯(lián)電路的作用判斷電路電流的變化以及電壓表示數(shù)的變化；（2）N是純凈水，電阻較大，單刀雙擲開關(guān)S從1撥到2時(shí)，電路的總電阻變大，電流變小，根據(jù)U=IR可知，電壓表示數(shù)變?。窘獯稹拷猓篈、單刀雙擲開關(guān)S撥到1，并將滑動(dòng)變阻器的滑片P向右移動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電路阻值變大，即電路中的總電阻變大，由I=可知，電路中的電流減小，即通過管M內(nèi)的電流減小，故A錯(cuò)誤；B、單刀雙擲開關(guān)S撥到1，并將滑動(dòng)變阻器的滑片P向右移動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電路阻值變大，而串聯(lián)電路起分壓作用，故滑動(dòng)變阻器兩端電壓變大，即電壓表示數(shù)變大，故B錯(cuò)誤；CD、保持滑動(dòng)變阻器的滑片P位置不變，將開關(guān)S撥到2時(shí)，N與滑動(dòng)變阻器串聯(lián)，而N為純凈水，電阻大，因此此時(shí)電路中的總電阻變大，由I=可知，電路中的電流減小；而串聯(lián)電路起分壓作用，故N兩端電壓變大，又由串聯(lián)電路兩端電壓等于各部分電壓之和可知，滑動(dòng)變阻器兩端電壓變小，即電壓表示數(shù)變?。蔆錯(cuò)誤，D正確．故選D．　12．如圖所示，電源電壓恒為7V，電壓表量程為0﹣3V，電流表量程為0﹣，滑動(dòng)變阻器的規(guī)格為“20Ω 1A”，燈泡標(biāo)有“6V 3W”字樣，閉合開關(guān)，若兩電表示數(shù)均不超過量程，燈泡兩端的電壓不超過額定電壓，不考慮燈絲電阻變化，下列說法正確的是（　?。〢．電壓表表示數(shù)變化范圍2V﹣3VB．﹣C．滑動(dòng)變阻器連入電路的阻值變化范圍2Ω﹣9ΩD．【考點(diǎn)】歐姆定律的應(yīng)用；電功率的計(jì)算．【分析】從圖中可知，燈泡L與滑動(dòng)變阻器串聯(lián)，電壓表測量滑動(dòng)變阻器兩端電壓，電流表測量燈泡電流；（1）因?yàn)殡妷罕砹砍虨?～3V，電壓表示數(shù)不超過所選量程，燈泡兩端電壓不允許超過額定電壓，即電壓表示數(shù)不能低于1V；（2）知道燈泡的額定電壓和額定功率，根據(jù)P=UI求出燈泡的額定電流，利用串聯(lián)電路電壓特點(diǎn)確定電壓表的最小示數(shù)，然后結(jié)合電流表的量程確定電路中的最大電流；由于滑動(dòng)變阻器兩端電壓不允許超過3V，根據(jù)串聯(lián)電路的電壓特點(diǎn)求出此時(shí)燈泡兩端的電壓，根據(jù)歐姆定律求出最小電流；（3）確定電路中的最大電流后，根據(jù)歐姆定律求出燈泡的電阻和電路中的最小電阻，利用電阻的串聯(lián)求出滑動(dòng)變阻器接入電路中的最小阻值；則根據(jù)最小電流；利用歐姆定律求出滑動(dòng)變阻器接入電路中的最大阻值；（4）根據(jù)P=I2R表示出滑動(dòng)變阻器的功率，然后根據(jù)二次函數(shù)求出滑動(dòng)變阻器的最大功率．【解答】解：由電路圖可知，滑動(dòng)變阻器與燈泡串聯(lián)，電壓表測滑動(dòng)變阻器兩端的電壓，電流表測電路中的電流．（1）因?yàn)闊襞莸念~定電壓為6V，電源電壓為7V，所以電壓表的最小示數(shù)為7V﹣6V=1V，因此電壓表的示數(shù)變化范圍為1V～3V，故A錯(cuò)誤；（2）根據(jù)P=UI可得，燈的額定電流IL額===，由于電流表的量程為0～，；燈泡的電阻：RL===12Ω；當(dāng)電壓表示數(shù)為3V時(shí)，根據(jù)串聯(lián)電路的電壓特點(diǎn)可知：燈泡兩端的電壓UL最小=U﹣UR最大=7V﹣3V=4V，則電路中的電流：I最小===A，所以電流表的示數(shù)變化范圍為A～，故B錯(cuò)誤；（3）由歐姆定律得：滑動(dòng)變阻器接入電路中的最小阻值：R最小===2Ω；滑動(dòng)變阻器接入電路中的最大電阻R最大===9Ω＜20Ω；已知滑動(dòng)變阻器的規(guī)格為“20Ω 1A”，所以滑動(dòng)變阻器的電阻允許調(diào)節(jié)的范圍是2Ω～9Ω，故C正確；（4）滑動(dòng)變阻器的功率：P滑=（U﹣RLI）I=UI﹣RLI2=7VI﹣12ΩI2，功率是關(guān)于電流的二次函數(shù)，功率有最大值，并且在I=A時(shí)功率最大，因?yàn)橛缮戏治隹芍弘娏鞯淖兓秶牵?A～，則當(dāng)I=A，P滑最大，則最大值為P滑=7VA﹣12Ω（A）2=1W，故D錯(cuò)誤．故選C．　二、填空題（本題共10小題，每空1分，共24分）13．某同學(xué)讓太陽光通過透明的鏡片照射到白墻上，如圖所示，從圖中現(xiàn)象可看出，此鏡片對光有　會(huì)聚　作用，用這鏡片磨成的眼鏡可以用來矯正　遠(yuǎn)　視眼．【考點(diǎn)】凸透鏡的會(huì)聚作用；遠(yuǎn)視眼的成因與矯正辦法．【分析】（1）凸透鏡對光線起會(huì)聚作用，凹透鏡對光線起發(fā)散作用；（2）近視眼佩戴凹透鏡矯正，遠(yuǎn)視眼佩戴凸透鏡矯正．【解答】解：由圖可見，該透鏡對光線起會(huì)聚作用，因此是凸透鏡；遠(yuǎn)視眼是像呈在視網(wǎng)膜的前方，要想使像呈在視網(wǎng)膜上，應(yīng)戴一會(huì)聚透鏡，即凸透鏡，所以該眼鏡可以用以矯正遠(yuǎn)視眼．故答案為：會(huì)聚；遠(yuǎn)．　14．小強(qiáng)同學(xué)利用托盤天平測量一瓶飲料和瓶的總質(zhì)量．調(diào)節(jié)天平平衡時(shí)，將游碼調(diào)到“0”刻度線處，發(fā)現(xiàn)指針停在分度盤的左側(cè)，如圖甲所示．要使天平平衡，應(yīng)使平衡螺母向　右　移動(dòng)．天平平衡后，在左盤放飲料和瓶，右盤添加砝碼，移動(dòng)游碼后，指針停在分度盤中央，所加砝碼和游碼的位置如圖乙所示，飲料和瓶的總質(zhì)量是　　g．【考點(diǎn)】天平的使用．【分析】天平調(diào)平原則：指針右偏左調(diào)、左偏右調(diào)；天平平衡時(shí)，物體的質(zhì)量等于砝碼質(zhì)量加游碼所對的刻度值．【解答】解：由圖甲知，指針停在分度盤的左側(cè)，要使天平平衡，應(yīng)使平衡螺母向右移動(dòng)；由圖乙知，飲料和瓶的總質(zhì)量為m=50g+20g+10g+=．故答案為：右；．　15．如圖所示，小明用一個(gè)滑輪組勻速提升重為200N的物體，物體在4s內(nèi)上升2m的過程中，人所用的拉力為125N．此過程中，小明做的額外功是　100　J，拉力的功率是　125　W，滑輪組的機(jī)械效率是　80%?。究键c(diǎn)】有用功和額外功；滑輪（組）的機(jī)械效率；功率的計(jì)算．【分析】（1）由圖可知滑輪組繩子的有效股數(shù)，然后根據(jù)W=Fs和s=nh求出總功；再利用W有=Gh求出有用功，最后根據(jù)W總=W有+W額求出額外功；（2）根據(jù)P=求出拉力的功率；（3）根據(jù)η=求出滑輪組的機(jī)械效率．【解答】解：（1）根據(jù)圖示可知，n=2，總功：W總=Fs=125N22m=500J；有用功：W有=Gh=200N2m=400J；額外功：W額=W總﹣W有=500J﹣400J=100J；（2）拉力的功率：P===125W；（3）機(jī)械效率：η=100%=100%=80%．故答案為：100；125；80%．　16．小明利用吸管、細(xì)鐵絲和石蠟各制作了一支簡易密度計(jì)．密度計(jì)的質(zhì)量為lOg，放入液體中，漂浮在液面上，如圖所示，密度計(jì)受到的浮力為　　N，排開的液體體積為　　m3．小明將密度計(jì)從水中取出后，燒杯底部受到水的壓強(qiáng)將　變小?。ㄟx填“變大”、“變小”或“不變”）【考點(diǎn)】物體的浮沉條件及其應(yīng)用；液體的壓強(qiáng)的特點(diǎn)；阿基米德原理．【分析】（1）由物體的浮沉條件可知重力與浮力的關(guān)系；根據(jù)阿基米德原理可知排開的液體的體積；（2）根據(jù)p=ρgh判斷所受水的壓強(qiáng)變化．【解答】解：因?yàn)槠≡谝好嫔系奈矬w受到的浮力等于物體自身重力，所以密度計(jì)受到的浮力F浮=G=mg=10N/kg=；由阿基米德原理可知排開的液體重力G排=F浮=ρ水gV排；V排===；小明將密度計(jì)從水中取出后，燒杯中水面將降低，故底部受到水的壓強(qiáng)將變?。蚀鸢笧椋海?；變小；　17．汽車在行駛時(shí)，發(fā)動(dòng)機(jī)的溫度會(huì)升得很高．為了確保安全，可用循環(huán)水進(jìn)行冷卻，用水來冷卻是因?yàn)樗摹”葻崛荨〈?，這是通過　熱傳遞　的方式來改變發(fā)動(dòng)機(jī)的內(nèi)能；如果散熱器中裝有10kg的水，在溫度升高50℃的過程中，水吸收的熱量是　106　J．【考點(diǎn)】水的比熱容的特點(diǎn)及應(yīng)用；熱傳遞改變物體內(nèi)能；熱量的計(jì)算．【分析】（1）水的比熱容大，相同質(zhì)量的水和其它物質(zhì)比較，吸收或放出相同的熱量，水的溫度升高或降低的少；升高或降低相同的溫度，水吸收或放出的熱量多．（2）做功和熱傳遞都可以改變物體的內(nèi)能；（3）利用熱量的計(jì)算公式Q=cm△t和水的質(zhì)量、升高的溫度、比熱容已知的條件，即可計(jì)算出水吸收的熱量．【解答】解：水的比熱容最大，降低相同溫度吸收熱量多，所以利用了水的比熱容較大的性質(zhì)．汽車散熱器是通過水等冷卻液的循環(huán)使得溫度降低，內(nèi)能減小，它的內(nèi)能變化實(shí)質(zhì)是通過熱傳遞的方式改變