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正文內(nèi)容

高考一輪復(fù)習(xí)優(yōu)秀課件第九章磁場(chǎng)第三單元第4課時(shí)(編輯修改稿)

2025-02-04 13:52 本頁(yè)面
 

【文章內(nèi)容簡(jiǎn)介】 則只有當(dāng)粒子做勻速運(yùn)動(dòng)時(shí),粒子才能保持洛倫茲力不變,和其他兩種力的合力為零,做勻速直線運(yùn)動(dòng),根據(jù)洛倫茲力方向的判斷方法 —— 左手定則可知,當(dāng)液滴帶負(fù)電時(shí),若他從 M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到 N點(diǎn),他所受的洛倫茲力斜向左下方,則無論電場(chǎng)方向水平向右還是向左,電場(chǎng)力與重力的合力都不可能與洛倫茲力平衡,故液滴只能從 N點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到 M點(diǎn). 答案: BD 題型二 帶電粒子在復(fù)合場(chǎng)中做曲線運(yùn)動(dòng) 處理這類問題的基本思路是: (1)當(dāng)帶電粒子所受的重力與電場(chǎng)力等值反向時(shí),洛倫茲力提供向心力.帶電粒子在垂直于磁場(chǎng)的平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng).這時(shí),要利用重力和電場(chǎng)力相等列出一式,利用洛倫茲力等于向心力列一式,結(jié)合其他方面就能解答. (2)當(dāng)帶電粒子所受的合外力是變力時(shí),即與初速度方向不在同一直線上,粒子做非勻變速曲線運(yùn)動(dòng),這時(shí)粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡既不是圓弧,也不是拋物線.這時(shí),要選用動(dòng)能定理或能量守恒定律列式解答. 在磁感應(yīng)強(qiáng)度為 B的垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中,一質(zhì)量為 m、帶正電為 q的小球在 O點(diǎn)靜止釋放,小球的運(yùn)動(dòng)曲線如右圖所示.已知此曲線在最低點(diǎn)的曲率半徑為該點(diǎn)到 x軸距離的 2倍,重力加速度為 : (1)小球運(yùn)動(dòng)到任意位置 P(x,y)處的速率 v; (2)小球在運(yùn)動(dòng)過程中第一次下降的最大距離 ym; 解析: (1)洛倫茲力不做功,由動(dòng)能定理得, (2)設(shè)在最大距離 ym處的速率為 vm,根據(jù)圓周運(yùn)動(dòng)有, 由 ③④ 及 R= 2ym得 答案: 題型訓(xùn)練 2. 2.(2022年普寧統(tǒng)考 )如右圖所示,豎直平面上有相互垂直的勻強(qiáng)電場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng),電場(chǎng)強(qiáng)度 E1= 2500 N/C,方向豎直向上;磁感應(yīng)強(qiáng)度 B= 103 T,方向垂直紙面向外;有一質(zhì)量 m= 1 10- 2 kg、電荷量 q=4 10- 5 C的帶正電小球自 O點(diǎn)沿與水平線成 45176。 并以 v0= 4 m/s的速度射入復(fù)合場(chǎng)中, 之后小球恰好從 P點(diǎn)進(jìn)入電場(chǎng)強(qiáng)度 E2= 2500 N/C,方向水平向左的第二個(gè)勻強(qiáng)電場(chǎng)中.不計(jì)空氣阻力, g取 10 m/: (1)O點(diǎn)到 P點(diǎn)的距離 s1; (2)小球經(jīng)過 P點(diǎn)的正下方 Q點(diǎn)時(shí)與 P點(diǎn)的距離 s2. 解析 : (1)帶電小球在正交的勻強(qiáng)電場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng)中因受到的重力 G= mg= N 電場(chǎng)力 F1= qE1= N 即 G= F1,故小球在正交的電磁場(chǎng)中由 A到 C做勻速圓周運(yùn)動(dòng). 根據(jù)牛頓第二定律得: 解得: = 由幾何關(guān)系得: s1
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