【正文】 +z2x2x+y+z≥ 3xyz33xyz33xyz=xyz錯因：根據不等式的性質：若a ＞b＞ 0，c ＞d ＞0,則ac bd，但 ac＞bd卻不一定成立 正解：x2y2+y2z2≥ 2x y2z，y2z2+z2x2≥ 2x yz2，x2y2+z2x2≥ 2x 2yz，以上三式相加，化簡得：x2y2+y2z2+z2x2≥xyz(x+y+z)，兩邊同除以x+y+z:x2y2+y2z2+z2x2x+y+z ≥ xyz 設x+y0，n為偶數，求證yn1xn+xn1yn≥1x 1y錯證：∵yn1xn+xn1yn1x1y=(xnyn)(xn1yn1)xnynn為偶數，∴ xnyn ＞0，又xnyn和xn1yn1同號，∴yn1xn+xn1yn≥ 1x1y錯因：在x+y0的條件下，n為偶數時，xnyn和xn1yn1不一定同號，應分x、y同號和異號兩種情況討論。60的為“及格”； 第三篇：不等式的一些證明方法數學系數學與應用數學專業(yè)2009級年論文(設計)不等式的一些證明方法[摘要]：不等式是數學中非常重要的內容,不等式的證明是學習中的重點和難點,本文除總結不等式的常規(guī)證明方法外,給出了不等式相關的證明方法在具體實例中的應用.[關鍵詞] 不等式。方法； 應用不等式在數學中占重要地位,由于其本身的完美性及證明的困難性,使不等式成為各類考試中的熱點試題,證明不等式的途徑是對原不等式作代數變形，在初等數學中常用的方法有放縮法、代換法、歸納法、,、中學中有關不等式的證明方法 （1）比較法：證明不等式的基本方法,適應面寬.①相減比較法—欲證AB,則證AB0.②相除比較法—欲證AB（A0,B0）,則證1.（2）綜合法：利用平均不等式、二次方程根的判別式、二項式定理、數列求和等等。2x3+x2分析 用相減比較法證明AB[f(x)]（f(x)g(x)，其中f(x),g(x)同號）,或變形為多個因子的[f(x)]2+[g(x)]乘積、： Q2x42x3x2+1=2x3(x1)(x1)(x+1)=(x1)(2x3x1)=(x1)(2x32x+x1)13=2(x1)2[(x+)2+]442x42x3x2+1179。R時，即 1+2x4179。+(1+1)+(1+）+188。+nn2...n+1=nn+1（再變形）=2323nn11111n+1+++....+(1+1)+(1+)+....+(1+)23n=2n證：nnn+1+1n12131n第2頁（共13頁）數學系數學與應用數學專業(yè)2009級年論文(設計)2+ =1n34n+1++....+23nn234....n+1=nn+1n23n131n所以 n(n+1)n+1+++....+ 求證：1112+11+?+n(n1,n為自然數)2n 分析 與自然數有關的問題,=K時成立,需證n=K+1時也成立,需證明K+K+1K+1,可采用“湊項”的方法： K+1KK+1+1KK+1K+11===K+1K+1K+1K+1K+111+12=2+12=2+2,右邊=2,所以, 2 證：(1)當n=2時,左邊=左邊右邊.(2)假設n=K時, 1111+11+?+K成立,則當n=K+1時, 2K+1111+?++ K+K+12K+1KKK+1+1K+1 =KK+1K+1=K+1=K+1K+1綜上所述： （1）利用特殊值證明不等式11+11+?+n 2n特殊性存在于一般規(guī)律之中,（共13頁）數學系數學與應用數學專業(yè)2009級年論文(設計) 已知ab,b0,a+b=（a+）(b+)≥185。0)22證：考慮a與b都去特殊值,既當a=b=時有（2+）（2+）=4則a2+1b2+1(a2+1)(b2+1)(ab1)2+111（a+）(b+)=== abababab33(+x2)2+1(+x2)2+125=44=.114x244故原不等式得證.（2）利用分子有理化證明不等式分母有理化是初中數學教材中重要知識,它有著廣泛的應用,而分子有理化也隱含于各種習題之中,它不但有各種廣泛的作用,[1] 求證131212+11 \113+12113+12,1211=112+11, 112+11即 1312四種“平均”之間的關系,既調和平均數H(a)≤幾何平均數G(a)≤第4頁（共13頁）數學系數學與應用數學專業(yè)2009級年論文(設計)算數平均數A(a)≤平方平均數Q(a).寫得再詳細些就是：若a1,a2,a3188。+1≤na1a2188。+ann≤a21+a2+188。a2+b2+c2ab+bc+ca。9第5頁（共13頁）1a1b1c數學系數學與應用數學專業(yè)2009級年論文(設計)分析 證法較多,但由a+b+c=1與++之間的聯(lián)系,：由算術平均數和調和平均的關系可知a+b+c3 179。99, 又a+b+c=1得 163。9.（5）利用式的對稱性證明不等式形如x+y,a2+b2+c2的式子中任意兩個量交換位置后結果仍不變,這就是“式”對稱, 設a,b,c,d是正數,且滿足a+b+c+d=1,求證 4a+1+4b+1+4c+1+4d+1163。44a+1+294=2a+13 注意到對稱有：94(a+b+c+d)+1317(4a+1+4b+1+4c+1+4d+1)163。6 故原命題得證.（6）用“雙十字法”證明不等式 已知x,y0并且x+y=1 求證：x2+3xy+2y22xy32x221xy11y24x+21y+2證：因 x2+3xy+2y22xy3=(x+2y)(x+y)2xy3第6頁（共13頁）數學系數學與應用數學專業(yè)2009級年論文(設計)=(x+2y3)(x+y+1)0 類似的，2x221xy11y24x+21y+2=(2x+y2)(x11y1)0 故結論成立.（7）用恒等變形推導[2] 求證：對于任意角度q,都有5+8cosq+4cos2q+cos3q≥0證：5+8cosq+4cos2q+cos3q=5+8cosq+4(2cos2q1)+(4cos3q3cosq)=1+5cosq+8cos2q+4cos3q=(1+cosq)(4cos2q+4cosq+1)=(1+cosq)(2cosq+1)2179。2bc,a0,\a(b2+c2)179。2abc,c(a+b)179。1, 這時 1121,1,179。165。165。xi=1,則i=1311127++163。,所以,且當 163。180。1,求證：| x2+2xyy2|≤：令x=rcosq,y=rsinq則 | x2+2xyy2|=|r2(cos2q+2sinqcosqsin2q| =r2|cos2q+sin2q| = r2|2sin(2q+450)|≤1180。R 且a+b+c=1,求證：a2+b2+c2≥.證：a=+α,b=+β,c=+γ, 因為a+b+c=1,所以 a+b+g=0于是有a2+b2+c2=+（a+b+g）+（a2+b2+g2）≥.（2）反證法先假設所要證明的不等式不成立,即要證的不等式的反面成立,然后從這個假設出發(fā)進行正確的推理,最終推出與已知條件或已知真命題相矛盾的結論,從而斷定假設錯誤,[5]求證：由小于1的三個正數a,b,c所組成的三個積（1a)b,(1b)c,(1c)a,不能同時大于證：（反證法）假設（1a)b,(1b)c,(1c)a都大于則有（1a)b(1b)c(1c)a2***31314141 ① 641a+a246。231。條件,即有，0(1a)a≤.24232。同理有0(1b)b≤,0(1c)c≤.即（1a)b(1b)c(1c)a≤② 641414第9頁（共13頁）數學系數學與應用數學專業(yè)2009級年論文(設計)①與②產生矛盾,從而原命題成立.（3）構造法在證明不等式時,有時通過構造某種模型、函數、恒等式、向量、對偶式等, 求證180。188。 證： 設A=180。188。1212342n11.2n2n+132n1242n,B=180。188。352n+142n12342n12n由于,188。180。180。A, 2n352n+12n+12n+1所以A2AB=(180。188。故 180。188。（4）判別式法12342n11 2n2n+1適用于含有兩個或兩個以上字母不等式,而另一邊是關于某字母的二次式時,[6]x2+x+113求證:≤2≤.x+122x2+x+1 證： 設f(x)=y=2,則(1y)x2+x+1y=0,所以x206。1時,Δ=b24ac≥0,即14(1y)2≥0，所以 |y1|≤,即≤y≤.又當y=1時,方程的解x=0，x2+x+113故 ≤2≤.x+122121232（5）放縮法第10頁（共13頁）數學系數