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古浪五中高二物理寒假作業(yè)答案完整版-文庫(kù)吧資料

2025-08-10 14:57本頁(yè)面
  

【正文】 S閉合時(shí),路端電壓為U2 E= I1(R+r)題三 答案:(1)1 (2) (3)144W詳解:(1)當(dāng)S斷開(kāi)時(shí)電路中的功率二課后練習(xí)詳解題一 答案:B詳解:電動(dòng)機(jī)的熱功率P=I2r=521 W=25 W,B正確,A、C、D錯(cuò)誤。由電流方向的規(guī)定可知,正、負(fù)電荷向相反方向定向移動(dòng)所形成的電流的方向是相同的,所以電流應(yīng)該是I=,電流方向按規(guī)定應(yīng)是從A→B。題四 答案:C詳解:由圖像知R=2Ω,若保持長(zhǎng)度不變,增大橫截面積,則電阻要變小,C正確。題二 答案:C詳解:由歐姆定律I=,電阻定律R=和電流微觀表達(dá)式I=neSv可得v=,因此,電壓U加倍時(shí),v加倍,l加倍時(shí)v減半,故A、B選項(xiàng)錯(cuò)誤;導(dǎo)線橫截面的直徑加倍時(shí),v不變,C項(xiàng)正確。由電流的定義式I=知I==1105(A),A正確;整個(gè)過(guò)程的平均功率P====31010(W)(),B錯(cuò)誤;由E===1106(V/m),C正確;整個(gè)閃電過(guò)程向外釋放的能量為電場(chǎng)力做的功W=qU=6109(J),D錯(cuò)。題五 答案:CD詳解:因兩棒串聯(lián),所以I1=I2,q1=q2,選項(xiàng)A不正確,D正確;根據(jù)電流的微觀意義I=nqSv,得nqS1v1=S2,自由電子定向移動(dòng)的平均速率v1v2,選項(xiàng)B錯(cuò)誤;又恒定電流的電場(chǎng)類似靜電場(chǎng),由E=得E1E2,選項(xiàng)C正確。題二答案:D詳解:滑片由a移至b時(shí),電路總電阻未改變,故電路中電流不變,即I1=I2,電容器兩端電壓增大,板間電場(chǎng)強(qiáng)度E增大,故θ增大,即θ1θ2,故D選項(xiàng)正確。電流和電阻定律二課后練習(xí)詳解題一答案:C詳解:因?yàn)轼B(niǎo)與兩腳之間的導(dǎo)線并聯(lián),兩腳間導(dǎo)線電阻很小,分得的電壓很小,所以鳥(niǎo)兩腳間的電壓很小,幾乎為零。題五 答案:B詳解:如圖是電流表的內(nèi)接法,在這個(gè)電路中,由于考慮到電表的內(nèi)阻,電壓表測(cè)的是Rx兩端的實(shí)際電壓加上電流表兩端的電壓之和,電流表的讀數(shù)等于通過(guò)Rx的實(shí)際電流。題三答案:C詳解:電流表兩端允許加的電壓為,所以分壓電阻承擔(dān)的電壓為,所以應(yīng)串聯(lián)的電阻為:。故只有選項(xiàng)C正確。未知電阻的真實(shí)值在90Ω和100Ω之間。題五 答案:B詳解:假設(shè)未知電阻的阻值為500歐,電壓表的電阻是待測(cè)電阻的10倍,而待測(cè)電阻的阻值是電流表內(nèi)阻的10000倍,所以用電流表內(nèi)接法,誤差較小。題三 答案:C詳解:安培表是電流表并聯(lián)一個(gè)分流電阻,電壓表是電流表串聯(lián)一個(gè)分壓電阻,所以甲表是安培表,乙圖是伏特表,電流表的分流電阻R增大時(shí),分得的電流越小,量程減小,電壓表的分壓電阻越大,分得的電壓越大,量程越大。則由歐姆定律得I總=,I3=, I2=I總-I3=-=,即U2=3V。題五 答案:A詳解:由a點(diǎn)處電場(chǎng)強(qiáng)度為零,可知帶電圓形薄板在a處的場(chǎng)強(qiáng)E1與+q在d處的場(chǎng)強(qiáng)E2等大反向,故E1=E2=;由對(duì)稱性可知,帶電圓形薄板在b處的場(chǎng)強(qiáng)大小也為E1,方向向左,而+q在b處的場(chǎng)強(qiáng)E=,方向也向左,故圖中b點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E1+E2′=,故A正確。故D正確,A、B、C錯(cuò)誤。因?yàn)殪o電平衡導(dǎo)體的電荷只分布在外表面上,故B正確,A、C、D錯(cuò)誤。固定電話和手提電話的天線處有尖端,易引發(fā)尖端放電造成人體傷害,故不能使用。題四答案A詳解:由于導(dǎo)體AB緩慢移動(dòng),所以導(dǎo)體AB內(nèi)部可以認(rèn)為始終處于靜電平衡狀態(tài),導(dǎo)體內(nèi)部場(chǎng)強(qiáng)始終為零,B錯(cuò)誤;由于AB距P越來(lái)越近,所以AB兩端積累的電荷會(huì)越來(lái)越多,A正確;M點(diǎn)距小球P的距離比N點(diǎn)要近,帶負(fù)電的小球P在M點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大于在N點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng),而導(dǎo)體內(nèi)部的合場(chǎng)強(qiáng)處處為零,那么導(dǎo)體上的感應(yīng)電荷在M點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)就大于在N點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng),故C、D錯(cuò)誤。題二 答案:ABD詳解:A圖中,由于金屬殼發(fā)生靜電感應(yīng),內(nèi)部場(chǎng)強(qiáng)為零,金屬殼起到屏蔽外電場(chǎng)的作用,A對(duì);B圖中金屬殼同大地連為一體,同A一樣,外殼起到屏蔽外電場(chǎng)的作用;C中電荷會(huì)引起金屬殼內(nèi)外表面帶電,外表面電荷會(huì)在殼外空間中產(chǎn)生電場(chǎng),即金屬殼不起屏蔽作用,C錯(cuò);將金屬殼接地后,外表面不帶電,殼外不產(chǎn)生電場(chǎng),金屬殼起屏蔽內(nèi)電場(chǎng)的作用,D對(duì)。電場(chǎng)中的導(dǎo)體二課后練習(xí)詳解題一 答案:C詳解:室內(nèi)要保持一定的濕度,室內(nèi)要勤拖地、勤灑些水;要勤洗澡、勤換衣服,以消除人體表面積聚的靜電荷。又由于電場(chǎng)力方向與速度方向垂直,即在水平方向作勻速直線運(yùn)動(dòng),豎直方向作初速度為零的勻加速運(yùn)動(dòng),作類平拋運(yùn)動(dòng)。題五 答案:(1);(2)詳解:(1)小球由A到B過(guò)程,由動(dòng)能定理:,小球由A到C過(guò)程,由動(dòng)能定理,其中,聯(lián)立以上各式可得:小球滑至C點(diǎn)時(shí)的速度大小為(2)由可得:A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差:。因此重力勢(shì)能和電勢(shì)能的減少等于克服摩擦力做的功,(mg + qE)h=fs 解得,滑塊在斜面上運(yùn)動(dòng)的總路程:s=1 m由能量守恒,系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量為Q = fs = J 。題二 答案:D詳解:B、C、D處在同一等勢(shì)面上,則電荷由A到B、C、D三點(diǎn)的電勢(shì)差相等,由W=Uq知三個(gè)過(guò)程電場(chǎng)力做功一樣多。詳解:電子在y軸方向作勻速直線運(yùn)動(dòng),位移方程為,電子在x軸方向作初速度為零得勻加速直線運(yùn)動(dòng),位移方程為:,對(duì)電子應(yīng)用牛頓第二定律得:,解得:E = 104N/C,場(chǎng)強(qiáng)方向:沿x軸負(fù)方向。(2)小環(huán)從a運(yùn)動(dòng)到b的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中,根據(jù)動(dòng)能定理有:,其中,由于a,b兩點(diǎn)到點(diǎn)電荷Q的距離相等,所以,可得:。題四 答案:A詳解:電容器在極板電量和正對(duì)面積不變的情況下,只改變板間距離,不影響內(nèi)部場(chǎng)強(qiáng)。a=ga質(zhì)點(diǎn)從D到C的過(guò)程中運(yùn)用動(dòng)能定理可得:mgLsin60176。+FDcos30176。FDsin30176。D正確。電場(chǎng)章節(jié)總結(jié)下 二課后練習(xí)詳解題一 答案:C詳解:由題中條件得:mg2d=qU,當(dāng)時(shí),球?qū)⒎祷?,反之球?qū)⒋┻^(guò)N孔。(2)由第(1)問(wèn)中的方程②知FT=,而剪斷絲線后小球所受電場(chǎng)力和重力的合力與未剪斷時(shí)絲線的拉力大小相等,故剪斷絲線后小球所受重力、電場(chǎng)力的合力F=,小球的加速度a=.小球由靜止開(kāi)始沿著絲線拉力的反方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)。題五 答案:A詳解:處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部場(chǎng)強(qiáng)處處為零,導(dǎo)體本身是等勢(shì)體,即導(dǎo)體上各點(diǎn)的電勢(shì)相等,電荷只能分布在外表面上,并且電荷分布往往是不均勻的,越尖銳的位置電荷分布密度越大,顯然,只有選項(xiàng)A正確。題三 答案:詳解:電場(chǎng)力做功與路徑無(wú)關(guān),滑動(dòng)摩擦力始終做負(fù)功,由動(dòng)能定理得:qEx0Fx=0,x=。該電場(chǎng)關(guān)于直線MN對(duì)稱,電荷越過(guò)O點(diǎn)后的運(yùn)動(dòng)也不一定是單調(diào)變化的。電場(chǎng)章節(jié)總結(jié)上 一課后練習(xí)詳解題一 答案:B詳解:根據(jù)點(diǎn)電荷的場(chǎng)強(qiáng)公式,可知,E1=E2的點(diǎn)在兩點(diǎn)荷之間有一處,此處合場(chǎng)強(qiáng)為2E1,在q的右邊也有一處E1=E2的點(diǎn),該處的合場(chǎng)強(qiáng)為零。tanθ====。題六 答案:B詳解:設(shè)電子被加速后獲得的初速度為v0,則由動(dòng)能定理得:U1q=,又設(shè)水平極板長(zhǎng)為,則電子在水平極板間偏轉(zhuǎn)所用時(shí)間t=,又設(shè)電子在水平極板間的加速度為a,水平極板的板間距為d,由牛頓第二定律得:a=,電子射出偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)時(shí),平行于電場(chǎng)方向的速度vy=a題五 答案:AB詳解:小球從A點(diǎn)到B點(diǎn)的過(guò)程中,小球受到Q的庫(kù)侖力做負(fù)功,速度逐漸減小,選項(xiàng)A正確;從A點(diǎn)到C點(diǎn)小球受到的庫(kù)侖力和重力做負(fù)功,由動(dòng)能定理知,重力勢(shì)能和電勢(shì)能的增加量等于其動(dòng)能的減小量,所以重力勢(shì)能的增加量小于其動(dòng)能的減小量,選項(xiàng)B正確;小球在C點(diǎn)時(shí)與點(diǎn)電荷+Q的間距最小,所以其受到的庫(kù)侖力最大,但是由于小球在曲面上運(yùn)動(dòng),且受到的庫(kù)侖力的方向在不斷變化,因此不能確定小球在C點(diǎn)對(duì)曲面的壓力就是最大,選項(xiàng)C錯(cuò)誤;庫(kù)侖力做功,則機(jī)械能不守恒。由于小球在AC部分運(yùn)動(dòng)時(shí),電場(chǎng)力做負(fù)功,所以小球能從B點(diǎn)離開(kāi),上升的高度一定小于H,選項(xiàng)C正確。若電場(chǎng)力大于重力,則有可能不從B點(diǎn)離開(kāi)軌道,選項(xiàng)A錯(cuò)。題三 答案:ABD詳解:在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中,小物塊在水平方向上受到點(diǎn)電荷Q水平向左的庫(kù)侖斥力F和水平向右的滑動(dòng)摩擦力f的作用,其中F的大小逐漸減小,而f大小恒定不變,小物塊的加速度先水平向左逐漸減小后水平向右逐漸增大,所以選項(xiàng)A正確;該過(guò)程中,電場(chǎng)力做正功,小物塊具有的電勢(shì)能逐漸減小,所以選項(xiàng)B正確;因?yàn)楦鶕?jù)題意無(wú)法判斷出點(diǎn)電荷Q所帶電荷的電性,也就不知道其周圍電場(chǎng)線的方向,所以無(wú)法比較M、N兩點(diǎn)電勢(shì)的高低,選項(xiàng)C錯(cuò)誤;整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中,小物塊的動(dòng)能變化量為零,這說(shuō)明該過(guò)程中合外力做功的代數(shù)和為零,即電場(chǎng)力做的功等于物體克服摩擦力做的功,而電場(chǎng)力做的功又等于小物塊電勢(shì)能的變化量,所以小物塊電勢(shì)能的變化量的大小等于克服摩擦力做的功,選項(xiàng)D正確。電場(chǎng)章節(jié)總結(jié)上(二)課后練習(xí)詳解題一 答案:104 N/C,方向與Q1Q2連線平行,指向Q2詳解:真空中點(diǎn)電荷Q1和Q2的電場(chǎng)在A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)分別為E1和E2,它們大小相等,方向如圖所示,合場(chǎng)強(qiáng)E、場(chǎng)強(qiáng)E場(chǎng)強(qiáng)E2向上平移后的矢量三者構(gòu)成一正三角形,故E與Q1Q2平行,且E=E1=E2==109 N/C=104 N/C。題六 答案:(1) (2)詳解:(1)由于小球受電場(chǎng)力和重力且做勻速直線運(yùn)動(dòng),故qE=mg,所以E=。粒子要想無(wú)偏轉(zhuǎn)的通過(guò)區(qū)域Ⅱ,進(jìn)入收集室的小孔O3,需要滿足qE=qvB,即粒子的速度v=E/B,故C項(xiàng)正確。增大磁感應(yīng)強(qiáng)度,會(huì)改變洛倫茲力,進(jìn)而改變落地點(diǎn),電場(chǎng)力做功會(huì)不同,D項(xiàng)錯(cuò)。C、D錯(cuò)誤。帶電粒子在電磁復(fù)合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)一 課后練習(xí)詳解題一 答案:BC詳解:粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng),重力與電場(chǎng)力大小相等,方向相反,所以粒子帶正電,根據(jù)左手定則,可以判斷粒子做逆時(shí)針運(yùn)動(dòng)。題五 答案:D詳解:由qE+mg=ma,a=2g可得:qE=mg,當(dāng)液滴進(jìn)入y0的空間,因液滴電性改變,此時(shí)電場(chǎng)力與重力抵消,故液滴在洛倫茲力作用下做勻速圓周運(yùn)動(dòng),動(dòng)能保持不變,重力先做正功再做負(fù)功,電場(chǎng)力先做負(fù)功再做正功,故重力勢(shì)能先減小后增大,電勢(shì)能先增大再減小,A、B、C均錯(cuò)誤,D正確。題三 答案:D詳解:由a板帶正電,可知板間場(chǎng)強(qiáng)方向向下,帶正電的液滴在板間所受電場(chǎng)力方向向下,重力方向也向下,要使其做直線運(yùn)動(dòng),應(yīng)使其所受洛倫茲力與重力、電場(chǎng)力的合力等大反向,即洛倫茲力方向應(yīng)豎直向上,由左手定則可判定液滴的運(yùn)動(dòng)方向只能是水平向右,D正確。題二 答案:C詳解:本題考查帶電體在復(fù)合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)問(wèn)題。在到達(dá)B點(diǎn)之前電場(chǎng)力大于重力,小球加速運(yùn)動(dòng),到達(dá)B點(diǎn)時(shí),電場(chǎng)力和重力大小相等,加速度為零,速度達(dá)最大,而運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)上方后,電場(chǎng)力小于重力,速度減小,到達(dá)最高點(diǎn)C時(shí),減少的電勢(shì)能完全轉(zhuǎn)化為重力勢(shì)能,則有qEB=mg,所以EB=;q(φO-φC)=mgh1,又φO=0,所以φC=。m1,因此選項(xiàng)D正確,C錯(cuò)誤題五 答案:AC詳解:由點(diǎn)電荷產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)公式E=和場(chǎng)強(qiáng)疊加知識(shí)得,若-Q與O點(diǎn)的距離為x,P點(diǎn)與-Q的距離為a,則可得P點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)為EP=-,方向水平向左,同理可得,P關(guān)于O的對(duì)稱點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大小及方向與P點(diǎn)相同,因此A正確,B錯(cuò);根據(jù)等量異種電荷形成的電場(chǎng)特點(diǎn)知,O點(diǎn)電勢(shì)為零,而P點(diǎn)電勢(shì)小于零,故將+q從P點(diǎn)移至O點(diǎn),電場(chǎng)力做負(fù)功,其電勢(shì)能一定增大。場(chǎng)強(qiáng)大小E=== VUBC== V=-173 V。題三 答案:C 詳解:從電場(chǎng)線疏密可以看出EaEbEc,由公式U=Ed可以判斷UabUbc,所以φb=35 V
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