【正文】 習(xí)詳解題一答案：B詳解：由部分電路歐姆定律有R＝，由電阻定律有R＝ρ，聯(lián)立解得S＝，B正確。題二答案：C詳解：判斷電燈能否正常發(fā)光，就要判斷電燈兩端的電壓是否是額定電壓，或電流是否是額定電流。由P＝和已知條件可知，RARB.對于A電路，由于RARB，所以UB110 V，B燈被燒壞，兩燈不能正常發(fā)光。對于B電路，由于RARB，A燈與變阻器并聯(lián)，并聯(lián)電阻更小于RB，所以UB110 V，B燈被燒壞，兩燈不能正常發(fā)光。對于C電路，B燈與變阻器并聯(lián)，并聯(lián)電阻可能等于RA，所以可能有UA＝UB＝110 V，兩燈可以正常發(fā)光。對于D電路，若變阻器的有效電阻等于A、B的并聯(lián)電阻，則UA＝UB＝110 V，兩燈可以正常發(fā)光。比較C、D兩個電路，由于C電路中變阻器功率為(IA－IB)110 V，而D電路中變阻器功率為(IA＋IB)110 V，所以C電路消耗的電功率最小。題三答案：C詳解：燈L1發(fā)光，L1中一定有電流通過，不可能斷路，A錯誤；LL3均不發(fā)光，A1有讀數(shù)，A2沒讀數(shù)。說明A1中有電流通過，LLA2中均沒有電流通過，則L2一定是短路。選項C正確。題四答案：D詳解：根據(jù)電位器結(jié)構(gòu)和連線可知：連接A、B使滑動觸頭順時針轉(zhuǎn)動時回路電阻增大，回路電流減小，燈泡變暗，A錯誤；同理，D正確；連接A、C時，滑動觸頭不能改變回路電阻，燈泡亮度不變，故B、C錯誤。題五答案：A詳解：兩電阻消耗電功率P＝I2R，因＝，要使電功率相等，電流之比＝，通過分析知只有A正確。歐姆定律與電路分析一課后練習(xí)詳解題一答案：，320詳解：首先在表盤上找到直流電流的刻度，直流的符號是“—”，表盤中間的那個刻度是直流的刻度，電流為100mA量程， mA； V量程， V； Ω，再乘以倍率應(yīng)為320 Ω。題二答案：（1）①B　②A（2）①斷開?、?　e、f　　歐姆表測量時燈泡未工作，燈泡溫度低，電阻小詳解：（1）①因電源為四節(jié)干電池，故電動勢E＝6 V，則應(yīng)選電壓表10 V量程擋較合適；②因c、 V，而e、f間電壓為零，故應(yīng)為A燈絲斷開，B燈絲完好。（2）用歐姆表測電路中電阻的阻值時，一定要將電路斷開測量；由乙圖讀數(shù)知電阻阻值為6 Ω，應(yīng)為燈泡B的阻值，即測量的為e、f間電阻；由R＝得R＝ Ω，與歐姆表測得阻值相差較大，是因為歐姆表測得的電阻是未通電工作時的電阻，溫度較低，電阻率偏小，阻值偏小。題三答案：（1）C　E?。?）見詳解圖甲?。?）見詳解圖乙詳解：由于I額＝＝250 mA，故電流表應(yīng)選C；因要求小電珠兩端的電壓從零開始變化，滑動變阻器應(yīng)采用分壓接法，應(yīng)選小阻值的E。（1）實驗中電流表應(yīng)選C，滑動變阻器應(yīng)選用E。（2）實驗電路圖如圖甲所示。（3）實物連接圖如圖乙所示。題四答案：（1）U＝－2I＋　　2　（2）見詳解詳解：（1）設(shè)直線方程為U＝aI＋b，把坐標(0，)和(，0)代入方程解得：a＝－2，b＝，得出直線方程為U＝－2I＋；由閉合電路的歐姆定律得：E＝IR＋Ir＝U＋Ir，對比圖象可得：E＝ V，r＝2 Ω。（2）在小燈泡的UI特性曲線坐標紙上作出電源的UI圖線，如圖所示，兩圖線的交點即為小燈泡接在該電源上工作時的電壓與電流，由圖象知，U＝ V，I＝0 .30 A，所以小燈泡工作時的功率為P＝UI＝ W＝ W。穩(wěn)定電流實驗小結(jié)二課后練習(xí)詳解題一答案：見詳解詳解：“10”擋撥到“100”擋時，必須重新調(diào)零；b．多用電表使用后不能把選擇開關(guān)置于歐姆擋，應(yīng)置于交流電壓最高擋或“OFF”擋。題二答案：AD詳解：待測電阻不跟別的元件斷開時，可能是與其他元件并聯(lián)，測量值可能偏??；測電阻時，兩手碰表筆的金屬桿，人體電阻與待測電阻并聯(lián)，測量值偏?。粶y量電阻時，如果電路不和電源斷開，歐姆表兩端的電壓可能過大，從而燒壞電表；用多用電表測量燈泡的電阻，測量的是燈泡不發(fā)光時的電阻，燈泡用額定電壓和額定功率計算出的電阻是燈泡正常發(fā)光時的電阻，燈泡正常發(fā)光時溫度很高，電阻較大。故應(yīng)選A、D。題三答案：A2　甲詳解：本題考查用伏安法測小電珠電阻的實驗方法，并考查學(xué)生分析實驗，根據(jù)實驗要求確定電流表的內(nèi)、外接法及滑動變阻器的兩種接法。（1）電流表選A2，由P＝得R燈＝ Ω＝10 ΩIm＝ A＝ A＝450 mA，所以選A2。（2）根據(jù)電流表、電壓表內(nèi)阻及小電珠、電阻之間的關(guān)系，R珠＝10 Ω＜＝200 Ω，應(yīng)選用電流表外接法，故選甲電路。題四答案：（1）見詳解圖?。?）UI圖線見詳解　　詳解：（1）測量電路的實物連接圖如圖甲所示。（2）按照實驗值作出的UI圖線如圖乙所示。從圖象可以得出， V，則每節(jié)電池的電動勢為：E＝ V＝ V。圖線斜率的絕對值為：k＝≈，即電源的內(nèi)阻為：r電＝ Ω，每節(jié)電池的內(nèi)阻為：r＝r電＝ Ω。穩(wěn)定電流實驗小結(jié)一課后練習(xí)詳解題一答案：C詳解：RR2和A2內(nèi)阻之和恒定，不妨把它們看作一只滑動變阻器，而A1左端相當于滑動變阻器的滑動觸頭，本題相當于將滑動觸頭由A2的右端滑到左端。初態(tài)上下支路的電流分別為3mA和2mA，說明R1和A2內(nèi)阻之和小于R2，末態(tài)上面支路的電阻更小，結(jié)果是回路總電阻減小，A1的電流必然增大；R2的電流、通過電流表A2的電流必然減?。籖1的電流必然增大。題二答案：D詳解：當滑動觸頭P在AB的中央時，電路的阻值實際上是燈泡電阻與RPB并聯(lián)后再與RPA串聯(lián)，因為并聯(lián)電路的電阻小于任一支路的電阻，所以RPB上電壓將小于未并聯(lián)燈泡時的電壓。未考慮燈泡的電阻并聯(lián)在電路上對整個電路的影響是造成錯解的原因。首先求出燈泡的電阻為由圖看出RL和RPB并聯(lián)再與RPA串聯(lián)，要使燈泡正常發(fā)光需要使并聯(lián)部分與AP段的電壓相等均為6V，故有：。代入數(shù)據(jù)解得RPB=20Ω，可見選項D正確。題三答案：B詳解：在滑動變阻器的滑片由a端移向b端的過程中，如圖所示電路的外電阻逐漸減小，根據(jù)閉合電路的歐姆定律可知：通過電源的電流I逐漸增大，路端電壓逐漸減小，加在電容器C上的電壓逐漸減小，C為固定電容器，其所帶電量逐漸減少，所以只有選項B正確。題四答案：詳解：當K閉合，待電路穩(wěn)定后，電容C1和C2分別充得的電量為：Q20=0當K斷開，待電路穩(wěn)定后，電容C1和C2分別充得的電量為：Q1=C1E=， Q2=C2E=故斷開K后流過電阻R1的電量為：。題五答案：50Ω詳解：設(shè)所求阻值R′2，當燈L1和L2正常發(fā)光時，加在燈兩端電壓為額定電壓UL。當K閉合時，ε1=UL+I1(R1+r+R2)當K斷開時，ε2=UL+I2(R1+r+R′2)，又 ∵ε1=ε2=ε I1=2I2=2I，(I為額定電流)得ε= UL＋2I(R1＋r＋R2) ①ε=UL＋I(R1＋r＋R′2) ②①－②I(R1＋r＋2R2 R′2)=0 但I≠0，∴R1+r＋2R2=R′2，即R′2=20+2+214=50Ω。穩(wěn)定電流章節(jié)總結(jié)二課后練習(xí)詳解題一答案：B詳解：采用甲電路時，測得的電阻是電阻Rx與電壓表內(nèi)阻RV的并聯(lián)電阻，測得的電阻偏小，采用甲電路的條件是RVRx，選項A、C錯誤；采用乙電路時，測得的電阻是電阻Rx與電流表內(nèi)阻RA的串聯(lián)電阻，誤差是電流表的內(nèi)阻引起的，選項B正確；若先后采用甲、乙兩電路測量，發(fā)現(xiàn)電流表讀數(shù)有顯著變化，說明甲電路電流的測量誤差較大，為了使電流測量準確，應(yīng)選用乙電路測量，選項D錯誤。題二答案：A詳解：小燈泡是否能正常發(fā)光取決于它兩端所加的電壓是否等于它的額定電壓，而不是取決于電源的電動勢，必須利用閉合電路歐姆定律計算出小燈泡兩端的實際電壓為多少，才能做出正確的判斷。當電鍵S接2時，由E=U+rU/R，解得電源內(nèi)阻為。燈泡電阻。當電鍵S接1時，由于電源內(nèi)阻和小燈泡電阻相等，內(nèi)、外電壓之和為電源電動勢；，低于燈泡額定電壓，燈泡發(fā)光很暗，甚至不亮，選項A正確。題三答案：B詳解：可以求得電燈A的電阻RA=10Ω，電燈B的電阻RB=，因為，所以，當滑動觸頭由a向b端滑動的過程中，總電阻一直減小。即B選項正確。題四答案：0；E詳解：合上開關(guān)瞬間，電路里有電流，電容器被充電；當電路達到穩(wěn)定狀態(tài)后，電路里沒有電流，故電壓表中因無電流通過而讀數(shù)為零，且電壓表相當于一個大電阻將電容器C1短路，電源電壓E全加在電容器C2的兩端，故與電容器C2并聯(lián)的靜電計的讀數(shù)為E。題五答案：R1=，R2= Ω ，R 3= kΩ詳解：先依據(jù)電流（壓）表改裝原理，弄清電路的連接關(guān)系，然后再用串并聯(lián)的特點求解。對I1擋，由圖可知是RR2串聯(lián)再與表頭G并聯(lián)，則有IgRg=（IIIg）（R1+R2）對I2擋，由圖可知是R2和Rg串聯(lián)再與R1并聯(lián)，則有Ig（Rg+R2）=（I2Ig）R1聯(lián)立解上述兩方程得：R1=，R2= Ω對于10V電壓擋，由圖可知是RR2串聯(lián)后與Rg并聯(lián)，然后再跟R3串聯(lián)，設(shè)RR2串聯(lián)與Rg并聯(lián)的總電阻為R′，則 Ig′=1 mA，則表頭的滿偏電壓是U g′=I g′R g′=110 3300 V= V根據(jù)串聯(lián)電路特點U=U g′+I gR 3，解得：R 3= kΩ。穩(wěn)定電流章節(jié)總結(jié)一課后練習(xí)詳解題一答案：A詳解：偏轉(zhuǎn)距離s＝at2，a＝，t＝，所以s＝＝U，要提高靈敏度，即提高的值，結(jié)合選項可知，A正確。題二答案　ACD詳解：第一滴油滴在電容器中運動時，只受重力作用。設(shè)板長為l，板間距為d，由平拋運動的知識有v0＝.當?shù)贜＋1滴油滴恰好離開電容器時，必定是沿下極板的邊緣飛出，油滴的加速度為a＝g－，由類平拋運動知＝t2，又t＝，而E＝＝，可以求得N＝，A正確．由動能定理有Ek＝W＝mg＝.因為電場力做了負功，電勢能增加了，而電場力做功為W＝－。題三答案　AD詳解：由曲線運動條件可知，所受電場力應(yīng)指向曲線彎曲的內(nèi)側(cè)，所以粒子受到電場力的方向指向B板，該粒子帶正電，選項A正確；因為不計重力，粒子運動過程中只受電場力的作用，加速度恒定，選項B錯誤；由粒子運動軌跡可知，電場力先做負功后做正功，所以電勢能先增大后減小，動能先減小后增大，選項C錯，D對。題四答案：eU1＋詳解：電子在加速電場加速時，根據(jù)動能定理eU1＝mv進入偏轉(zhuǎn)電場后L＝vxt，vy＝at，a＝射出偏轉(zhuǎn)電場時合速度v＝，以后勻速到達熒光屏。由以上各式，得Ek＝mv2＝eU1＋。帶電粒子在電場中的運動課后練習(xí)詳解題一答案　B詳解：一價氫離子(H)和二價氦離子(He)的比荷不同，經(jīng)過加速電場的末速度不同，因此在加速電場及偏轉(zhuǎn)電場的時間均不同，但在偏轉(zhuǎn)電場中偏轉(zhuǎn)距離相同，所以會打在同一點。選B。題二答案　D詳解：由題意可知小球到P點時水平位移和豎直位移相等，即v0t＝vPyt合速度vP＝＝v0EkP＝mvP2＝mv02，故選D。題三答案　BD詳解：將電容器上板或下板移動一小段距離，電容器帶電荷量不變，由公式E＝＝＝可知，電容器產(chǎn)生的場強不變，以相同速度入射的小球?qū)⑷匝卦壽E運動。下板不動時，小球沿原軌跡由下板邊緣飛出；當下板向上移動時，小球可能打在下板的中央。題四答案：B詳解：電子在YY′和XX′間沿電場方向均作初速度為零的勻加速直線運動，由位移公式s＝at2＝t2，知水平位移和豎直位移均與電壓成正比。在t＝0時刻，UY＝0知豎直位移為0，故A、C錯誤。在t＝ 時刻，UY最大知豎直位移最大，故B正確，D錯誤。第 26