山東省德州市20xx屆高三上學期階段性檢測12月物理試題word版含答案-資料下載頁
2024-11-30 19:40本頁面
【導讀】2．如圖所示，平行板電容器的電容為C，帶電荷量為Q，板間距離為d，A、B中通過的電流在導線C處產生的磁感應強度的大小均為B0。平面上處于靜止狀態(tài)。屬框放置在磁感應強度為10T的勻強磁場中。兩點間的距離.在a點固定一個點電荷，帶電荷量為+Q，已知在+Q形成的電場中，，則磁感應強度的最小值和方向是(). ，z正向B．mgIL，y正向。q的帶電微粒，帶電微粒沿電場線運動到b點時速度恰好為零。8．如圖所示，在平面直角坐標系中有一個垂直紙面的圓形勻強磁場，半徑為R，C．磁場區(qū)域的圓心坐標為3,保持靜止，若將M、N移至同一水平線上c、d兩點釋放，，電流表、電壓表均為理想電表，L為小電珠。R為滑動變阻器，電源電動勢為E，內阻為r。14．一個定值電阻Rx，其阻值約在90～110?之間，現需要測量其阻值，實驗?；瑒幼冏杵鱎3(0～1000?)④滑動變阻器R4(0～l0?)⑤干電池()，⑥開關S
【正文】 9，平行電場方向受到電場力，做初速度為零的勻加速直線運動，根據位移時間關系公式，有： ，得 ，由于兩帶電粒子平行電場方向分位移相同，而且初速度相同，故時間 相同，所以 ，根據牛頓第二定律，有： ，由兩式解得：，所以它們所帶的電荷量之比 ，故 A正確， D錯誤；根據動能定理，有： ，而： ，所以動能增加量之比： ，則電勢能減少量之為 ，所以 B正確， C錯誤。 故選 AB 10，由題意可知， M與 N之間的作用力是庫侖斥 力，它們的大小總是相等，又由于處于同一電場，則它們的受到電場力大小應該相等，因此它們的電量大小一定相同，故 A正確；根據平衡條件，結合同種電荷相斥，異種電荷相吸，及正電荷的電場力與電場強度方向相同，而負電荷則與電場強度方向相反，則小球 M一定帶負電，故 B正確；當將 M、 N移至 兩點后，它們受到勻強電場的作用力大小不變，根據庫侖定律可知，它們的庫侖斥力增大，則 M、 N不會保持靜止，故 C錯誤；根據力與運動方向相同，力做正功，若相反，則做負功，可知，移動過程中勻強電場對 M、 N均做負功，故 D正確。 故選 ABD 11， 滑片向左移動，滑動變阻器的電阻變大，根據閉合電路的歐姆定律，干路電流減小，電流表的示數減小，串聯(lián)電路的電阻遵循分壓原理，則隨著滑動變阻器電阻的增大，其分壓相應增大 ，電壓表示數增大，選項 A 正確。干路電流減小，小電珠變暗，選項 B 錯誤。電容器不變阻器并聯(lián)，分壓升高，則電容器上的電荷增多，選項 C 錯誤。干路電流減小，電源電動勢丌變，則電源的總功率 ,減小，選項 D 正確。 12AC 13， 14，（ 1）電流表 量程大，但是內阻小，所以其滿偏電壓小，故將其于 串聯(lián)，從而增大量程，然后 與電流表 并聯(lián)，當 為量程一半時，其兩端電壓為：，若此時 也處于量程的一半，則 之路的總電阻為，而 與 串聯(lián)總電阻大約 左右?；瑒幼冏杵鲬x擇 阻值小，便于調節(jié)，同時實驗前將滑動觸頭 P移至圖甲最左端，起到保護作用。 （ 2） ,電流表 與定值電阻 串聯(lián)后與 并聯(lián)，由 ，整理可得：，結合數學知識 ，斜率 ，代入數據可解得： 15,（ 1） 10N／ C 豎直向下（ 2） （ 3）（ +π∕ 20） s 16．（ 1） （ 2） 解析：（ 1）沿 x 軸正方向發(fā)射的粒子有 x=， y=d 由類平拋運動基本規(guī)律得： 聯(lián)立可得 （ 2）沿 x 軸正方向發(fā)射的粒子射入磁場時有 聯(lián)立可得 ，方向不水平成 53176。，斜向右上方 據題意知該粒子軌跡恰不上邊緣相切，則其余粒子均達丌到 y=2d 邊界 由幾何關系可知 聯(lián)立可得 17（ 1） ；（ 2）（ ， ） 試題分析：（ 1）由幾何關系可知，在區(qū)域Ⅰ內軌跡半徑， ，在區(qū)域Ⅱ內軌跡半徑 ，由 可知 ，由周期公式 、 則粒子磁場內運動時間 ，求得 。 （ 2）由 得 ，與 軸正向夾角 ，將速度沿 軸負向與軸正向分【解析】 ，帶電粒子從 S發(fā)射運動到 O點的過程，可分解為沿 x軸正向勻速直線運動和沿 y軸的勻加速直線運動。加速度 運動時間 ， y軸位移 x 軸位移 。 粒子源 S的坐標 （ ， ）
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