云南省、貴州省、四川省三省20xx屆高三上學(xué)期第一次百校大聯(lián)考物理試卷word版含解析-資料下載頁
2025-11-07 01:00本頁面
【導(dǎo)讀】2020-2017學(xué)年云南省、貴州省、四川省三省高三（上）第一次。百校大聯(lián)考物理試卷。6小題只有一個選項正確，第7～10小題有多個選項正確；全部選對的得4分，選對但不全。的得2分，有選錯或不答得0分．。1．一帶電粒子垂直勻強(qiáng)磁場方向射入磁場，運(yùn)動過程中只受到洛侖磁力的作用．下列說法。2．一物塊正沿著固定斜面勻速下滑，空氣阻力不計．在此過程中，下列說法正確的是（）。A．物快的機(jī)械能守恒B．物快的機(jī)械能增大。3．2020年6月15日消息，我國第23顆北斗導(dǎo)航衛(wèi)星已經(jīng)成功發(fā)射，北斗組網(wǎng)正在加速推。進(jìn)．對于在同一軌道上運(yùn)行的不同北斗導(dǎo)航衛(wèi)星，下列物理量一定相同的是（認(rèn)為北斗導(dǎo)航。4．已知兩個點(diǎn)電荷間的距離為L時，兩點(diǎn)電荷間的庫侖力為F．現(xiàn)把兩點(diǎn)電荷間的距離變。為2L，則要保持它們之間的庫侖力不變，兩點(diǎn)電荷的電荷量的乘積應(yīng)是原來的（）。求0～內(nèi)通過金屬棒cd的電荷量；
【正文】 E．在絕熱情況下，當(dāng)外界對理想氣體做功時，理想氣體的內(nèi)能一定增加 【考點(diǎn)】 熱力學(xué)第二定律． 【 分析】 晶體在熔化的過程中溫度不變；熱量自發(fā)地從溫度高的物體傳遞給溫度低的物體；分子引力與分子斥力同時存在；根據(jù)熱力學(xué)第一定律分析內(nèi)能的變化． 【解答】 解： A、晶體在熔化的過程中吸收熱量，溫度不變．故 A正確． B、熱量總是自發(fā)地從溫度高的物體傳遞給溫度低的物體，不一定是從內(nèi)能多的物體傳遞給內(nèi)能少的物體．故 B 錯誤． C、第二類永動機(jī)不可能制成的根本原因，在于其違反了熱力學(xué)第二定律．故 C 錯誤． D、分子引力與分子斥力同時存在，分子之間存在相互作用的斥力時，一定也存在相互作用的引力．故 D 正確． E、在絕熱情況下，氣 體與外界之間沒有熱交換，所以根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知當(dāng)外界對理想氣體做功時，理想氣體的內(nèi)能一定增加．故 E 正確． 故選： ADE 16．如圖所示，一足夠長的圓柱形絕熱氣缸豎直放置，通過絕熱活塞封閉著一定質(zhì)量的理想氣體．活塞的質(zhì)量為 m，橫截面積為 S，與底部容器相距為 h．現(xiàn)通過電熱絲緩慢加熱氣體，當(dāng)氣體的溫度為時活塞上升了 h．已知大氣壓強(qiáng)為 p0，重力加 g，不計活塞與氣缸的摩擦．求： ①溫度為 T 時氣體的壓強(qiáng) p； ②加熱前氣體的溫度 To． 【考點(diǎn)】 理想氣體的狀態(tài)方程；封閉氣體壓強(qiáng)． 【分析】 ①根據(jù)活塞的受力平衡求 出氣缸內(nèi)氣體在溫度為 T 時的壓強(qiáng) ②氣缸中氣體發(fā)生等圧変化，根據(jù)等圧変化的實(shí)驗定律求加熱前氣體的溫度 【解答】 解： ①由活塞平衡有： 解得： ②氣體升溫的過程為等圧変化，有： 其中： V=2Sh 解得： 答： ①溫度為 T 時氣體的壓強(qiáng) p 為 ； ②加熱前氣體的溫度 為 ． [物理 選修 34] 17．一列間歇橫波在 t=0 時的波形圖如圖所示．介質(zhì)中 x=2m 處的質(zhì)點(diǎn) P 沿 y軸方向做簡諧運(yùn)動的表達(dá)式為 y=10sin5πt（ cm）．下列說法正確的是（ ） A．該波的振幅為 20cm B．該波的周期為 4s C．該波的傳播方向沿 x軸正方向 D．該波的傳播速度為 10m/s E． 1s 內(nèi)，質(zhì)點(diǎn) P 經(jīng)過的路程為 1m 【考點(diǎn)】 波長、頻率和波速的關(guān)系；橫波的圖象． 【分析】 根據(jù)質(zhì)點(diǎn)簡諧運(yùn)動的表達(dá)式 y=10sin5πt（ cm），讀出角頻率 ω，求出周期．根據(jù) t=0時刻 x=4m 處質(zhì)點(diǎn)的振動方向判斷波的傳播方向．讀出波長，求出波速．根據(jù)時間與周期的關(guān)系，求解 P 點(diǎn) 1s 內(nèi)通過的路程． 【解答】 解： AB、由質(zhì)點(diǎn) P 沿 y 軸做簡諧運(yùn)動的表達(dá)式 y=10sin5πt （ cm），可知這列簡諧波的振幅為 A=10cm， ω=5π rad/s，則周期 為： T= = s=．故 A、 B 錯誤． C、由表達(dá)式 y=10sin5πt cm，可知 t=0 時刻 x=2m處質(zhì)點(diǎn) P 沿 y軸正方向運(yùn)動，則根據(jù)波形的平移法可知，波沿 x軸正方向傳播．故 C 正確． D、由圖讀出波長為 λ=4m，則波速為： v= = m/s=10m/s．故 D 正確． E、因為時間 t=1s=，所以 P 點(diǎn)經(jīng)過的路程為 S= 4A=10 10cm=100cm=1m，故 E正確． 故選： CDE 18．國內(nèi)最長的梅溪湖激光音樂噴泉，采用了世界一流的噴泉、燈光和音響設(shè)備，呈現(xiàn)出讓人震撼的光與水的萬千變化 ，噴泉的水池中某一彩燈發(fā)出的一條光線射到水面的入射角i=30176。，從水面上射出時的折射角 r=60176。．已知光在真空中的傳播速度為 c．求： ①該光在水面上發(fā)生全反射的臨界角的正弦值； ②該光在水中的傳播速度． 【考點(diǎn)】 光的折射定律． 【分析】 ①通過光在水面上的入射角和折射角，根據(jù)折射定律求出水的折射率大?。鶕?jù)sinC= 求出光在水面上發(fā)生全反射的臨界角． ②由 v= 求光在水中的傳播速度大小． 【解答】 解： ①根據(jù)折射定律得水對該光線的折射率為： n= = = 設(shè)光在水面上發(fā)生全反射的臨界角為 C，則有： sinC= = ②該光在水中的傳播速度為： v= = c 答： ①該光在水面上發(fā)生全反射的臨界角的正弦值是 ； ②該光在水中的傳播速度是 c． 【物理 選修 35】 19．用圖甲所示實(shí)驗裝置研究光電效應(yīng)現(xiàn)象，分別用 a， b， c三束光照射光電管陰極，得到光電管兩端的電壓與相應(yīng)的光電流的關(guān)系如圖乙所示，其中 a， c 兩束光照射時對應(yīng)的遏止電壓相同，均為 Uc1，根據(jù)你所學(xué)的相關(guān)理論下列論述正確的是（ ） A． a， c 兩束光的光強(qiáng)相同 B． a， c 兩束光的頻率相同 C． b 光束的光的波長最短 D． a 光束照射時光電管發(fā)出的光電 子的最大初動能最大 E． b 光束光子的動量最大 【考點(diǎn)】 愛因斯坦光電效應(yīng)方程． 【分析】 光電管加正向電壓情況： P 右移時，參與導(dǎo)電的光電子數(shù)增加； P 移到某一位置時，所有逸出的光電子都剛參與了導(dǎo)電，光電流恰達(dá)最大值； P 再右移時，光電流不能再增大． 光電管加反向電壓情況： P 右移時，參與導(dǎo)電的光電子數(shù)減少； P 移到某一位置時，所有逸出的光電子都剛不參與了導(dǎo)電，光電流恰為零，此時光電管兩端加的電壓為截止電壓，對應(yīng)的光的頻率為截止頻率； P 再右移時，光電流始終為零． 根據(jù)公式 eU 截 = mvm2=hγ﹣ W，入射光的頻率越高，對 應(yīng)的截止電壓 U 截 越大．從圖象中看出， b 光對應(yīng)的截止電壓 U 截 最大，所以 b 光的頻率最高， b光的波長最短， b 光對應(yīng)的光電子最大初動能也最大． 【解答】 解： A、由圖可知， a 的飽和電流最大，因此 a 光束照射時單位時間內(nèi)產(chǎn)生的光電子數(shù)量最多，故 A錯誤； BCD、光電流恰為零，此時光電管兩端加的電壓為截止電壓，對應(yīng)的光的頻率為截止頻率，可知，根據(jù) eU 截 = mvm2=hγ﹣ W，入射光的頻率越高，對應(yīng)的截止電壓 U 截 越大． a 光、 c光的截止電壓相等，所以 a 光、 c 光的頻率相等，則它們的最大初動能也相等，而 b 光的頻率最大，能量大，則最 大初動能也大，且對應(yīng)的波長最小，故 D 錯誤， BC 正確； E、由于 b 光的頻率最大，根據(jù) P= = ，則 b 光動量最大，故 E 正確； 故選： BCE． 20．光滑水平面上有三個木塊 A， B， C，其中木塊 A的質(zhì)量 mA=2m，木塊 B， C的質(zhì)量均為 m，開始時 B， C 均靜止，木塊 A以初速度 v0向右運(yùn)動，與木塊 B發(fā)生彈性碰撞后分開，木塊 B 又與木塊 C 發(fā)生碰撞并粘在一起．求木塊 B 的最終速度大?。? 【考點(diǎn)】 動量守恒定律；機(jī)械能守恒定律． 【分析】 碰撞過程系統(tǒng)動量守恒，彈性碰撞過程系統(tǒng)的機(jī)械能也守恒，應(yīng)用動量守恒定律與機(jī)械能守恒定律可 以 A與 B 碰撞后兩者的速度，再運(yùn)用動量守恒定律求求出 B的最終速度． 【解答】 解： A與 B 碰撞過程動量守恒，動能也守恒，以向右為正方向，由動量守恒定律得： 2mv0=2mvA+mvB， 彈性碰撞系統(tǒng)的機(jī)械能守恒，由機(jī)械能守恒定律得： 2mv02= 2mvA2+ mvB2 解得 vB= v0 B、 C 碰撞過程，以向右為正方向，由動量守恒定律得： mvB=（ m+m） v 解得木塊 B 的最終速度為： v= v0． 答：木塊 B 的最終速度大小為 v0． 2020 年 12 月 9 日
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