專題三牛頓運動定律知識點總結-資料下載頁
2025-06-26 13:18本頁面
【正文】 動定律， 解得 8. 提示：由v－t圖形可知，物塊在0－3s內(nèi)靜止，3—6s內(nèi)做勻加速運動，加速度a，6－9s內(nèi)做勻速運動，結合F－t圖形可知： 由以上各式得 9. 提示：（1）小球受力如圖，由牛頓定律，得 ① 解得μ＝ ② （2）小球受力，由牛頓第二定律，有： 沿桿方向：mgsin37o+Fcos37of＝ma ③ 垂直桿方向：N+Fsin37omgcos37o＝0 ④ f＝μN ⑤ 解得a＝ ⑥ 小球做的是v0＝0的勻加速直線運動 則小球下滑s，根據(jù)，解得：t＝。⑦ 10. 提示：（1）豎直方向上做初速度為零的勻加速直線運動，a＝2s/t2＝34m/s2。設帶子的拉力為F，F(xiàn)+mgFN＝ma,而剛脫離的條件為FN＝0，所以F＝。（2）由于相對運動，人將向機艙頂部做加速運動，因而最可能被傷害的是頭部。 11. 提示：（1）物體受拉力向上運動過程中，受拉力F重力mg和摩擦力f，設物體向上運動的加速度為a1，根據(jù)牛頓第二定律有 因 解得a1＝／s2 所以t＝＝a1t＝ （2）繩斷時物體距斜面底端的位移 繩斷后物體沿斜面向上做勻減速直線運動，設運動的加速度大小為a2，則根據(jù)牛頓第二定律，對物體沿斜面向上運動的過程有 解得a2＝ 物體做減速運動的時間t2＝v1/a2 減速運動的位移 此后物體將沿斜面勻加速下滑，設物體下滑的加速度為a3,根據(jù)牛頓第二定律對物體加速下滑的過程有 解得a3＝ 設物體由最高點到斜面底端的時間為t3，所以物體向下勻加速運動的位移 解得 所以物體返回到斜面底端的時間為?！揪C合測試答案】 1. D 提示：水平面光滑 水平面不光滑。 2. BD 提示：，加速度方向向上，運動狀態(tài)可以加速上升，也可減速下降。 3. C 提示：，。 4. D 提示：隔離m1 ，整體。 5. D 提示：，豎直方向受力平衡Ta不變，水平則Tb變小。 6. BD 提示：蹦床運動員在空中無論上升還是下落都失重，飛船進入軌道做圓周運動，宇航員的重力充當向心力，完全失重。 7. A 提示：。 8. 10J 提示：工件勻加速的時間為 位移為 則勻速運動的時間為 位移為 解以上各式得： a ＝ 1m/s2 ① t1＝2s ② s1＝2m ③ 對工件受力如圖，有： ＝5N ④ 在勻加速時間內(nèi)，傳送帶位移為： ⑤ ∴由于摩擦產(chǎn)生的內(nèi)能為 ⑥ 9. 提示：（1）根據(jù)牛頓第二定律 根據(jù)庫侖定律 r＝H/sinα 解得 （2）當A球合力為零，加速度為零時，動能最大。 設此時AB間距離為R 解得 10. 提示：滑塊和長木板的受力情況如圖所示 f1＝μ1Mg＝10＝ a1＝f1/M＝4m/s2 即滑塊先以a1＝4m/s2的加速度做勻減速運動。對長木板而言，假設f2是滑動摩擦力，則 f2＝μ2N＝μ22Mg＝ ∵f1′＝＞f2，故長木板做加速運動， a2＝＝2m/s2 滑塊做減速運動，長木板做加速運動，當兩者速度相等時，兩者無相對運動，相互間的滑動摩擦力消失，此時有v1＝v0a1t1，v2＝a2t1，且v1＝v2，即v0a1t1＝a2t1 t1＝＝ 故v1＝v2＝a2t1＝ 當兩者速度相等后，由于長木板受到地面的摩擦力f2作用而做勻減速運動，滑塊也將受到長木板對它的向左的靜摩擦力而一起做勻減速運動，以它們整體為研究對象，有 f2＝2Ma，a＝μ2g＝1m/s2 滑塊和長木塊以加速度a做勻減速動直到靜止。在整個運動過程中，滑塊先以加速度a1作初速為v0，末速為v1的勻減速運動，而后以加速度a做初速為v1的勻減速運動直至靜止，所以滑塊滑行的總距離s為 s＝ 11. （1）F＝（M+m）gtgα，α＝gtgα （2）mg/cosα （3）≤a≤ 提示：（1）隔離m ，整體。 （3）沿斜面和垂直斜面分解加速度，在斜面方向最大加速度，最小加速度。 12. 提示：木塊A、B疊放在豎直輕彈簧上時，木塊A受重力m1g、B的支持力N和力F；木塊B受重力2mg、A的壓力(大小等于N)和彈簧的彈力f，A和B一起由靜止開始向上做勻加速運動，隨位置的升高，彈力f減小，壓力N也減小，直到N＝0時，A、B開始分離。 對于木塊A，豎直向上做勻加速運動，有 F＋Nm1g＝m1a 隨著N的減小，力F逐漸增大，A、B分離后，N＝0，力F最大值 F＝m1(g＋a)＝第31頁
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