【文章內容簡介】 m/s．故D 正確． 故選： D． 點評： 本題考查對加速度含義的理解能力．加速度表示物體速度變化的快慢，在數(shù)值上等于單位時間內速度的變化量． 9．（ 2 分）（ 2020 秋 ?寶安區(qū)校級期中）關于自由落體運動，下列說法中 正確的是（） A． 某段時間內的平均速度等于這段末速度的一半 B． 某段時間內的平均速度等于這段中間時刻的瞬時速度 C． 在相等時間里速度的變化越來越大 D． 在相鄰兩段相等的時間 T 內，發(fā)生的位移的差為 2gT 2 考點 ： 自由落體運動． 專題 ： 自由落體運動專題． 分析： 勻變速直線運動在某段時間內的平均速度等于中間時刻的瞬時速度，等于初末速度之和的一半；在連續(xù)相等時間內的位移之差是一恒量． 解答： 解： A、自由落體運動做初速度為零的勻加速直線運動，根據平均速度的推論，某段時間內的平 均速度等于初末速度之和的一半，同時等于中間時刻的瞬時速度，故 A錯誤， B 正確． C、根據 △ v=gt 知，在相等時間內速度變化相同，故 C 錯誤． D、在相鄰相等時間內的位移之差 △ x=gT2，故 D 錯誤． 故選： B． 點評： 知道自由落體運動是勻變速直線運動，掌握勻變速直線運動的推論是解決本題的關鍵． 10．（ 2 分）（ 2020?淄川區(qū)校級學業(yè)考試）一個質點做方向不變的直線運動，加速度的方向始終與速度方向相同，但加速度大小逐漸減小直至為零，在此過程中（） A． 速度逐漸減小，當加速度減小到零時，速度達到最小值 B． 速度逐漸增大，當加速度減小到零時，速度達到最大值 C． 位移逐漸增大，當加速度減小到零時，位移將不再增大 D． 位移逐漸減小，當加速度減小到零時，位移達到最小值 考點 ： 加速度． 專題 ： 應用題；壓軸題． 分析： 知道加速度是描述速度變化快慢的物理量， 判斷物體速度增加還是減小是看物體的速度方向與加速度方向關系． 判讀位移大小的變化是看初位置與某位置的距離． 解答： 解： A、一個質點做方向不變的直線運動，加速度的方向始終與速度方向相同，但加速度大小逐漸減小直至為零，在此過程中，由 于加速度的方向始終與速度方向相同，所以速度逐漸增大，當加速度減小到零時，物體將做勻速直線運動，速度不變，而此時速度達到最大值．故 A錯誤． B、根據 A選項分析，故 B 正確． C、由于質點做方向不變的直線運動，所以位移逐漸增大，當加速度減小到零時，速度不為零，所以位移繼續(xù)增大．故 C 錯誤． D、根據 C 選項分析，故 D 錯誤． 故選 B． 點評： 要清楚物理量的物理意義，要掌握某一個量的變化是通過哪些因素來確定的． 11．（ 2 分）（ 2020?江西二模）如圖所示，光滑斜面 AE 被分成四個相等的部分，一物體由 A點從靜止釋放 ，下列結論不正確的是（） A． 物體到達各點的速率之比 vB： vC： vD： vE= B． 物體到達各點經歷的時間 tE=2tB= tC= tD C． 物體從 A到 E 的平均速度 v=vB D． 物體通過每一部分時，其速度增量 vB﹣ vA=vC﹣ vB=vD﹣ vC=vE﹣ vD 考點 ： 勻變速直線運動規(guī)律的綜合運用． 專題 ： 直線運動規(guī)律專題． 分析： 本題是同一個勻加速直線運動中不同位置的速度、時間等物理量的比較，根據選項中需要比較的物理量選擇正確的公式把物理量表示出來，再進行比較． 解答： 解： A、根據運動學公式 v2﹣ v02=2ax得： 物體由 A點從靜止釋放，所以 v2=2ax 所以物體到達各點的速率之比 vB： vC： vD： vE=1： ： ： 2，故 A正確． B、根據運動學公式 x=v0t+ at2得： t= 物體到達各點經歷的時間 tB： tC： tD： tE=1： ： ： 2， 即 tE=2tB= tC= tD，故 B 正確． C、由于 vE=2vB 物體從 A到 E 的平均速度 v= =vB 故 C 正確． D、 vB： vC： vD： vE=1： ： ： 2，物體通過每一部分時其速度增量不等，故 D錯誤． 本題選錯誤的，故選 D． 點評： 本題對運動學公式要求較高，要求學生對所有的運動學公式不僅要熟悉而且要熟練，要靈活，基本方法就是平時多練并且盡可能嘗試一題多解． 12．（ 2 分）（ 2020?海珠區(qū)二模）如圖所示的位移（ s）﹣時間（ t）圖象和速度（ v）﹣時間（ t）圖象中，給出四條曲線 4代表四個不同物體的運動情況，關于它們的物理意義，下列描述正確的是（） A． 圖線 1 表示物體做曲線運動 B． s﹣ t 圖象中 t1時刻 v1＞ v2 C． v﹣ t 圖象中 0 至 t3時間內 3 和 4 的平均速度大小相等 D． 兩圖象中， t t4時刻分別表示 4 開始反向運動 考點 ： 勻變速直線運動的圖像． 專題 ： 運動學中的圖像專題． 分析： s﹣ t 圖線與 v﹣ t圖線只能描述直線運動； s﹣ t的斜率表示物體運動的速度，斜率的正和負分別表示物體沿正方向和負方向運動． v﹣ t 圖線與時間軸圍成的面積等于物體在該段時間內通過的位移． 解答： 解： A、無論速度時間圖象還是位移時間圖象只能表示物體做直線運動，而不能表示物體做曲線運動．故 A錯誤． B、在 s﹣ t 圖象中圖線的斜率表示物體的速度，在 t1時刻圖線 1的斜率大于圖線 2的斜率，故 v1＞ v2．故 B 正確 ． C、在 v﹣ t 圖線中圖線與時間軸圍成的面積等于物體發(fā)生的位移．故在 0﹣ t3時間內4 圍成的面積大于 3 圍成的面積，故 3 的平均速度小于 4 的平均速度．故 C 錯誤． D、 s﹣ t 圖線的斜率等于物體的速度，斜率大于 0，表示物體沿正方向運動；斜率小于 0，表示物體沿負方向運動．而 t2時刻之前物體的運動沿正方向， t2時刻之后物體沿負方向運動．故 t2時刻開始反向運動． t4時刻沒有反向運動；故 D 錯誤． 故選 B． 點評： 對于 v﹣ t 圖線和 s﹣ t 圖線的基本的特點、功能一定要熟悉，這是我們解決這類問題的金鑰匙，在學習中要多多積累． 13．（ 2分）（ 2020 秋 ?寶安區(qū)校級期中）物體在斜面上勻速下滑，在圖的四個受力示意圖中，哪個物體受力示意圖是正確的（） A． B． C． D． 考點 ： 共點力平衡的條件及其應用；力的合成與分解的運用． 專題 ： 共點力作用下物體平衡專題． 分析： 用一條帶箭頭的線段表示力的三要素的方法叫力的示意圖；畫力的示意圖分三個步驟： ①在受力物體上畫出力的作用點； ②確定力的方向后沿力的方向畫一條線段；③在線段的末端標箭頭，在箭頭的旁邊標出所畫力的符號，力有大小的要寫上數(shù)值與單位． 解答 ： 解：由于物體 A在斜面上勻速下滑，故物體 A受到重力、支持力、摩擦力三個力的作用； 故物體 A受力示意圖如下： 故選： B． 點評： 本題考查畫力的示意圖，關鍵是對物體進行受力分析，圖中物體 A受到的力特別多，畫完后要作檢查，每畫一個力都要找到它的施力物體，避免多力或漏力． 14．（ 2 分）（ 2020?珠海一模）如圖所示，質量為 m的木塊在質量為 M的木板上滑行，木板與地面間動摩擦因數(shù)為 μ1，木塊與木板間的動摩擦因數(shù)為 μ2，木板一直靜止，那么木板受地面的摩擦力大小為（） A． μ1Mg B． μ2mg C． μ1（ m+M） g D． μ1Mg+μ2mg 考點 ： 牛頓第二定律；滑動摩擦力；靜摩擦力和最大靜摩擦力． 專題 ： 牛頓運動定律綜合專題． 分析： 物體 m 相對 M向右滑動，受到向左的滑動摩擦力；力的作用是相互的，故 m 對 M有向右的滑動摩擦力，故 M 有向右滑動的趨勢，受到向左的靜摩擦力． 解答： 解：物體 m 相對 M 向右滑動，受到向左的滑動摩擦力，大小為： f1=μ2N=μ2mg； 力的作用是相互的，故 m 對 M 有向右的滑動摩擦力，故 M有向右滑動的趨勢，受到地面對其向左的靜摩擦力，根據共點力平衡條件，有 f2=f1，因而 f2=μ2mg． 故選 B． 點評： 本題關鍵要分清楚靜摩擦力還是滑動摩擦力，靜摩擦力隨外力的變化而變化，滑動摩擦力與正壓力成正比． 15．（ 2分）（ 2020秋 ?寶安區(qū)校級期中）如圖所示，用等大反向的力 F 和 F′壓住兩塊木板，中間夾著一個重量為 G 的立方體金屬塊，它們一起處于靜止狀態(tài)．則（） A． 木板和金屬塊之間肯定有摩擦力 B． 金屬塊受三個力作用 C． 若同時增大 F 和 F′，木塊和金屬塊之間的摩擦力會增大 D． 若同時增大 F 和 F′，金屬塊所受合力會增大 考點 ： 共點力平衡 的條件及其應用；力的合成與分解的運用． 專題 ： 共點力作用下物體平衡專題． 分析： 金屬塊處于靜止狀態(tài)，受力平衡，一定受到摩擦力，木板與金屬塊間必定存在擠壓．按重力、彈力和摩擦力的順序分析受力情況． 根據平衡條件分析增大 F 和 F′時，摩擦力和合力是否變化． 解答： 解： A、 B、由題知，金屬塊處于靜止狀態(tài)，受力平衡，受到：重力、左側木板的壓力和摩擦力，右側木板的壓力和摩擦力，共 5 個力作用．故 A正確， B 錯誤． C、 D、若同時增大 F 和 F′，金屬塊仍處于靜止狀態(tài)，合力為零，所受的摩擦力與重力平衡，則知摩擦力保 持不變．故 C、 D 錯誤． 故選： A． 點評： 分析物體的受力是基本功，要能熟練地進行受力分析，一般分析順序是：重力、彈力和摩擦力． 16．（ 2 分）（ 2020秋 ?臨澤縣校級期末）物體受到兩個方向相反的力的作用， F1=8N， F2=10N，當 F2由 10N 逐漸減小到零的過程中，這兩個力的合力的大小變化是 （） A． 逐漸變小 B． 逐漸增大 C． 先變大后變小 D． 先變小后變大 考點 ： 力的合成． 專題 ： 受力分析方法專題． 分析： 作用在同一直線上的兩個力，當方向相同時其合力最大，合力大小等于兩 個力的大小之和，其方向與二力的方向相同；當方向相反時其合力最小，合力大小等于兩個力的 大小之差，其方向與較大力的方向相同． 解答： 解：作用在同一物體上的兩個力， F1=8N， F2=10N，由于兩個力的方向相反，故合力的大?。?F 合 =F2﹣ F1． 當 F2由 10N 逐漸減小 8N 時，合力逐漸減小到零；當 F2繼續(xù)減小的過程中，這兩個力的合力 F 合 =F1﹣ F2，故合外力逐漸增大，因此這兩個力的合力的大小變化是先變小后變大； 故選 D． 點評： 解決此類要根據同一直線上二力的合成進行計算：同一直線上同方向二力的合力等于二力之 和；同一直線反方向二力的合力等于二力之差． 17．（ 2 分）（ 2020 秋 ?寶安區(qū)校級期中）將一個有確定方向的力 F=10N分解成兩個分力，已知一個分力有確定的方向，與 F 成 30176。夾角，另一個分力的大小為 6N，則在分解時（） A． 有無數(shù)組解 B． 有兩組解 C． 有惟一解 D． 無解 考點 ： 力的分解． 分析： 已知合力的大小為 10N，一個分力的方向已知，與 F 成 30176。夾角，另一個分力的最小值為 Fsin30176。=5N，根據三角形定則可知分解的組數(shù)． 解答： 解：已知一個分力有確定的方向，與 F 成 30176。夾 角，知另一個分力的最小值為Fsin30176。=5N，而另一個分力大小大于 5N小于 10N，所以分解的組數(shù)有兩組解．如圖．故B 正確， A、 C、 D 錯誤． 故選 B． 點評： 解決本題的關鍵知道合力和分力遵循平行四邊形定則，知道平行四邊形定則與三角形定則的實質是相同的． 18．（ 2 分）（ 2020?天津）如圖所示，表面粗糙的固定斜面頂端安有滑輪，兩物塊 P、 Q用輕繩連接并跨過滑輪（不計滑輪的質量和摩擦）， P 懸于空中， Q 放在斜面上，均處于靜止狀態(tài)，當用水平向左的恒力推 Q 時， P、 Q 仍靜止不動，則（） A． Q 受到的 摩擦力一定變小 B． Q 受到的摩擦力一定變大 C． 輕繩上拉力一定變小 D． 輕繩上拉力一定不變 考點 ： 共點力平衡的條件及其應用． 分析： 分別對單個物體進行受力分析，運用力的平衡條件解決問題．由于不知具體數(shù)據，對于靜摩擦力的判 斷要考慮全面． 解答： 解：進行受力分析： 對 Q 物塊：當用水平向左的恒力推 Q 時，由于不知具體數(shù)據， Q 物塊在粗糙斜面上的運動趨勢無法確定，故不能確定物塊 Q受到的摩擦力的變化情況，故 A、 B錯誤； 對 P 物塊：因為 P 物塊處于靜止，受拉力和重力二力平衡， P 物塊受繩的拉力始終等于重力，所以輕繩與 P 物塊之間的相互作用力一定不變，故 C 錯誤， D 正確． 故選 D． 點評： 對于系統(tǒng)的研究，我們要把整體法和隔離法結合應用．對于靜摩擦力的判斷要根據外力來確定