20xx三維設(shè)計(jì)-二輪-第三講--牛頓運(yùn)動(dòng)定律(存儲(chǔ)版)
【正文】 23a 時(shí)，對(duì) P 有 F ＝ ( n － n1) m23a ，聯(lián)立得 2 n ＝ 5 n1。現(xiàn)將彈簧 1 從最上端剪斷，則在剪斷后瞬間 ( ) 圖 1 3 10 A ．框架對(duì)地面的壓力大小仍為 ( M ＋ m ) g B ．框架對(duì)地面的壓力大小為 0 C ．小球的加速度為 0 D ．小球的加速度大小等于 g 解析： 根據(jù)題意，當(dāng)彈簧 1 從最上端剪斷后瞬間，彈力不再存在，而彈簧 2 與 3 ，沒(méi)有形變，即沒(méi)有彈力，因此框架對(duì)地面的壓力大小為 Mg ，對(duì)小球受力分析，只受重力，則加速度大小等于 g ，故 A 、 B 、 C 錯(cuò)， D 正確。 根據(jù)牛頓第二定律可得： mg sin θ － μmg cos θ ＝ ma2 得： a2＝ g (s in θ － μ cos θ ) ＝ 10 ( － )m /s2＝ 2 m/s2 物塊沿傳送帶向上運(yùn)動(dòng)的位移為： x2＝v22 a2＝222 2 m ＝ 1 m 則物塊沿傳送帶上升的最大高度為： H ＝ ( x1＋ x2)sin 37 176。 答案： AC 2 ． (2022 ＝ ，取g ＝ 1 0 m / s2，傳動(dòng)輪大小可忽略，則物體滑到 B 端的速度大小可能是 ( ) A ． 6 m/s B ． 8 m/s C ． 10 m/s D ． 12 m/s [ 應(yīng)用流程 初速度大小為 v 2 的小物塊從與傳送帶等高的光滑水平地面上的 A 處滑上傳送帶。則 ( ) 圖 1 3 6 A ．若 F ＝ 1 N ，則物塊、木板都靜止不動(dòng) B ．若 F ＝ N ，則 A 物塊所受摩擦力大小為 N C ．若 F ＝ 4 N ，則 B 物塊所受摩擦力大小為 4 N D ．若 F ＝ 8 N ，則 B 物塊的加速度為 m/ s2 解析： 由 F ＝ ( mA＋ mB) a ， μmAg ＝ mBaB可得，只要一起運(yùn)動(dòng)的加速度 a ≤ aB＝ 1 m /s2，即 F ≤ 3 N ，物 塊與木板間就不會(huì)發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，而是一起向左運(yùn)動(dòng)， A 錯(cuò)誤；由 F ＝( mA＋ mB) a ， F － Ff A＝ mAa 可得： F ＝ N 時(shí) ， A 物塊所受摩擦力大 小為 1 N ， B 錯(cuò)誤；當(dāng) F 3 N 時(shí)， A 與木板發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，物塊 B 所受摩擦力為 μmAg ＝ 2 N ，加速度大小為 m/s2， C 錯(cuò)誤， D 正確。 － m 2 g s in 30 176。 2 ．誤認(rèn)為只要滿足： μmg cos θ ≥ mg sin θ ，物體間就不會(huì)相對(duì)滑動(dòng)。 ② 兩物體分離或相對(duì)滑動(dòng)的條件。 解析： (1) 木塊勻減速上滑，由圖像得到：末速度 v ＝ 0 ，位移 x ＝ m － m ＝ 1. 0 m ， 時(shí)間為 t ＝ 0 .5 s ； 根據(jù)位移時(shí)間公式，有： x ＝ v0t ＋12at2； 根據(jù)速度時(shí)間公式，有： v ＝ v0＋ at ； 聯(lián)立解得： v0＝ 4 m/ s ， a ＝－ 8 m/s2。 答案： B 2 ． (2022 如診斷卷第 4 題， 在粗糙的水平地面上有一質(zhì)量為 2 k g 的小物塊，在水平拉力作用下從 t ＝ 0 時(shí)開(kāi)始做初速度為零的直線運(yùn)動(dòng)， t＝ 6 s 時(shí)撤去拉力，其速度圖像如圖 所示。 一、明確圖像 “ 是什么 ” 1 ．分清圖像的橫、縱坐標(biāo)所代表的物理量及單位，注意坐標(biāo)原點(diǎn)是否從零開(kāi)始，明確其物理意義。 安慶模擬 ) 如圖 1 3 2 ，質(zhì)量 m ＝ 5 k g 的物塊 ( 看作質(zhì)點(diǎn) ) 在外力 F1和 F2的作用下正沿某一水平面向右做勻速直線運(yùn)動(dòng)，已知 F1大小為 50 N ，方向斜向右上方，與水平面夾角 α ＝ 37 176。 如診斷卷第 3 題， 如圖甲所示，一個(gè)物體放在粗糙的水平地面上。第 三 講 牛頓運(yùn)動(dòng)定律 診斷卷（三） 牛頓運(yùn)動(dòng)定律 點(diǎn)擊鏈接 [ 考點(diǎn)一、三相對(duì)簡(jiǎn)單，屬于保分型考點(diǎn)，建議考生自學(xué)；考點(diǎn)二、四屬于拉分型考點(diǎn)，需師生共研重點(diǎn)突破 ] 考點(diǎn)一 動(dòng)力學(xué)的兩類基本問(wèn)題 本考點(diǎn)是對(duì)牛頓第二定律、運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律等基礎(chǔ)知識(shí)的考查，考查時(shí)常結(jié)合牛頓第二定律、運(yùn)動(dòng)學(xué)圖像，繩及彈簧模型等知識(shí)交匯命題，只要考生牢記相關(guān)知識(shí)及相互聯(lián)系，仔細(xì)審題、靈活進(jìn)行 知識(shí)遷移，即可輕松取分。 2 ． 由果溯因 —— 已知物體的運(yùn)動(dòng)情況，確定物體的受力情況 則應(yīng)由物體的運(yùn)動(dòng)情況，確定物體的加速度及其變化規(guī)律，再結(jié)合牛頓第二定律確定受力情況。 答案： B 2 ． ( 2022解決此類問(wèn)題，關(guān)鍵是從已知圖像中得出有用信息，再結(jié)合牛頓第二定律求解結(jié)果。 一人乘電梯上樓，在豎直上升過(guò)程中加速度 a 隨時(shí)間 t變化的圖線如圖所示，以豎直向上為 a 的正方向，則人對(duì)地板的壓力 ( ) A ． t＝ 2 s 時(shí)最大 B ． t＝ 2 s 時(shí)最小 C ． t＝ s 時(shí)最大 D ． t＝ s 時(shí)最小 2 ． 忽視運(yùn)動(dòng)情況與受力情況間的相互聯(lián)系。重慶高考 ) 若貨物隨升降機(jī)運(yùn)動(dòng)的 v t 圖像如圖1 3 3 所示 ( 豎直向上為正 ) ，則貨物受到升降機(jī)的支持力F 與時(shí)間 t 關(guān)系的圖像可能是 ( ) [ 增分強(qiáng)化練 ] 圖 1 3 3 解析： 根據(jù) v t 圖像可知升降機(jī)的運(yùn)動(dòng)情況：加速下降 →勻速下降 → 減速下降 → 加速上升 → 勻速上升 → 減速上升，根據(jù)牛頓第二定律 F － mg ＝ ma 可判斷支持力 F 的變化情況：失重 → 等于重力 → 超重 → 超重 → 等于重力 → 失重，故選項(xiàng) B 正確。求： 圖 1 3 4 (1) 木塊上滑時(shí)的初速度 v 0 和上滑過(guò)程中的加速度 a ； (2) 木塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù) μ ； (3) 木塊滑回出發(fā)點(diǎn)時(shí)的速度 v t。 答案： (1) 4 m /s － 8 m / s2 (2) (3) 2 2 m/ s 考點(diǎn)三 動(dòng)力學(xué)的連接體問(wèn)題 連接體問(wèn)題可以看作是單個(gè)物體的由小變大 ( 此時(shí)用整體法 ) ，由單個(gè)變多個(gè) ( 此時(shí)用隔離法 ) 的動(dòng)力學(xué)問(wèn)題，解決此類問(wèn)題時(shí)應(yīng)注意以下三點(diǎn)： ① 整體法和隔離法的優(yōu)點(diǎn)與使用條件。初始用外力使整個(gè)系統(tǒng)靜止，當(dāng)撤掉外力時(shí)， m 2 將 ( g ＝10 m/ s2，最大靜摩
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