【正文】 00 ? ，末速度 0?tv ，位移 ms 25? ，由運動學公式得： asv 220 ? ① avt 0? ② 29 聯(lián)立 ①② 式，代入數(shù)據(jù)得 : 2/8 sma? ③ st ? ④ （ 2）設志愿者反應時間為 39。求 （ 1）物體 A 剛運動時的加速度 aA (2) t1= 時，電動 機的輸出功率 P； （ 3）若 t1= 時，將電動機的輸出功率立即調(diào)整為 P1=5W，并在以后的運動過程中始終保持這一功率不變， t2= 時物體 A 的速度為 。t=0 時，電動機通過水平細繩以恒力 F 拉木板 B，使它做初速度為零，加速度 aB=加速直線運動。取重力加速度的大小 g=10m/s2。 【答案解析】 （ 1）從 P點又回到 P點 2020 21)(c os2 mvxxmg ???? 得：0201 cos4 xgvx ?? ?? （ 2）從 /o 點到 P 點 )(s in)(c o s 0101 xxmgxxmgE P ???? ??? )tan1(41c os4s in41 202020 ? ???? ????? mvg vmgmv (3) 分 離 時： BA aa ? ，0?ABN , A： ??? co ssin gga A ?? B： BmamgmgT ?????? ??? c o ss in2 得： 0?T ，即彈簧處于原長處， A、 B 兩物體分離。 2020屆重慶市重慶一中高三上學期第二次月考（ 202010）】9．如題 9 圖所示，輕彈簧一端固定在與斜面垂直的擋板上，另一端點在 O 位置。 在小車向右運動的過程中將受到彈簧向左的彈力作用做加速度逐漸增大的減速運動，若小車撞擊彈簧時的速度 v0較小，彈簧上的彈 力小于 f，小車速度即減為零，隨后被彈簧，此過程中只有動能與彈性勢能之間相互轉(zhuǎn)化，因此最終彈回的速度 v 等于 v0，故選項 A 錯誤；若小車撞擊彈簧時的速度 v0較大，在其速度還未減為零，彈簧上的彈力已增至 f，由于直桿的質(zhì)量不可忽略，所以小車繼續(xù)做加速度增大的減速運動，彈簧繼續(xù)被壓縮，彈力大于 f 后，直桿向右做加速運動，當兩者速度相等時，彈簧被壓縮至最短，故選項 C 錯誤；選項 D 正確；當小車速度減為零時，小車反向被彈簧，彈簧彈力減小，直桿最終也不再在槽內(nèi)移動，因此根據(jù)功能關系有： 2201122fx mv mv??，即直桿在槽內(nèi)移動的距離為：2202mv mvx f??，故選項 B 正確。 如圖所示，勁度系數(shù)為 k 的輕彈簧豎直放置，下端 固定在水平地面上，一質(zhì)量為 m 的小球，從離彈簧上端高 h處自由釋放，壓上彈簧后繼續(xù)向下運動的過程中．若以小球開始下落的位置為原點，沿豎直向下建立坐標軸 ox，則小球的速度 的二次 方隨 x 坐標的變化圖象如圖所示，其中 OA 段為直線，ABC 是平滑的曲線， AB 段與 OA相切于 A 點， 空氣阻力不計，重力加速度為 g?；瑝K離開車后，對車 )2/(52 smMFa ???，（ 1 分）滑塊平拋落地時間 ).( sght ?? （ 1 分） 從離開小車至滑塊落地，對滑塊 s1=v1t2=a1t1t2=1(m) （ 1 分） 對車)( 2239。 【【原創(chuàng)精品解析純 word 版】物理卷 【【原創(chuàng)精品解析純 word 版】物理卷 2020 屆四川省成都外國語學校高三 11 月月考解析版（ 202011）】 2. 鐵路在彎道處的內(nèi)外軌道高低是不同的，已知內(nèi)外軌道對水平面傾角為θ，如圖所示，彎道處的圓弧半徑為 R，若質(zhì)量為 m 的火車轉(zhuǎn)彎時速度小于 錯誤 !未找到引用源。 C D E E6。 C E E6。 2020 屆四川省南充市高三第一次高考適應性考試（ 202011） word 版】 11.（ 19 分） 如圖所示，有一質(zhì)量 m＝ 1 kg 的小物塊， 在 平臺 上以 初速度 v0=3m/s 水平拋出，到達 C 點時，恰好沿 C 點的切線方向進入固定在水平地面上的半徑 R＝ m 的 粗糙 圓弧軌道，最后小物塊滑上緊靠軌道末端 D 點的質(zhì)量為 M＝ 3 kg 的長木板 ， 木板上表面與圓弧軌道末端切線相平，木板下表面與水平地面之間光滑接觸， 當小物塊在木板上相對木板運動 l=1 m 時，與木板有共同速度， 小物塊與長木板 之 間的動摩擦因數(shù) μ ＝ ， C 點和圓弧的圓心連線與豎直方向的夾角 θ ＝ 53176。 2020 屆安徽省皖南八校高三第一次聯(lián)考（ 202010）word 版】 輛汽車在平直的公路上以某一速度運動，運動過程中保持恒定的牽引功率，其加速度 a 和速度的倒數(shù) (1/v)圖象如圖所示 .若已知汽車的質(zhì) 量 M， 則根據(jù)圖象所給的信息，不能求出的物理 量 是 【答案】【知識點】 牛頓第二定律；力的合成與分解的運用；功率、平均 功率和瞬時功率． B3 C2 E1 【答案解析】 D 解析 ： A、 B、對汽車受力分析，受重力、支持力、牽引力和摩擦力，根據(jù)牛頓第二定律，有 9 Ff=ma 其中 F=Pv聯(lián)立得 a= Pfmv m?結合圖線，有 fm =2 0= Pfmm?解得 P=40m f=2m 由于質(zhì)量已知，故 A 錯誤， B 也錯誤； C、當物體的速度最大時，加速度為零，故 結合圖象可以知道，最大速度為 20m/s，故 C 錯誤； D、汽車的初速度未知，故加速時間未 知，故 D 正確；故選 D． 【思路點撥】 汽車恒定功率啟動，對汽車受力分析后根據(jù)牛頓第二定律列方程，再結合圖象進行分析即可．本題關鍵對汽車受力分析后，根據(jù)牛頓第二定律列出加速度與速度關系的表達式，再結合圖象進行分析求解． 【首發(fā) — 【原創(chuàng)純 word 版精品解析】物理卷 2020 屆吉林省吉林市高三第一次摸底考試（ 202010）】 11．如圖所示，放置在水平地面上的支架質(zhì)量為 M，支架頂端用細線拴著的擺球質(zhì)量為 m，現(xiàn)將擺球拉至水平位置，而后釋放，擺球運動過程中，支架始終不動。如果能，求物塊離開 E點后在平臺上的落點到 A點的距離；如果不能，則說明理由。 2020屆寧夏銀川一中高三第三次月考（ 202010）】 25．（ 18分） 如圖所示，水平光滑路面 CD的右側(cè)有一長 L1=3 m的板 M，一物塊 (可視為質(zhì)點 )放在板 M的最右端，并隨板一起向左側(cè)固定的平臺運動，板 M的上表面與平臺等高。 2020 屆江西省贛州市十二縣（市）高三上學期期中聯(lián)考（ 202011）】 5． 如圖所示，質(zhì)量相等物體 A、 B 處于靜止狀態(tài) ， 此時 物體 B 剛好與地面接觸 . 現(xiàn) 剪斷 繩子 OA，下列說法 正確 的是 （ ） A． 剪斷繩子的瞬間，物體 A 的加速度為 g，物體 B 的加速度為 0 B． 彈簧恢復原長時，物體 A 的速度最大 C． 從剪斷繩子到 彈簧壓縮到最短，物體 B 對地面壓力均勻增大 D． 剪斷繩子后，彈簧、物體 A、 B 和地球組成的系統(tǒng)機械能守恒 【答案】【知識點】 牛頓第二定律；力的合成與分解的運用；胡克定律． C2 B3 B5 3 【答案解析】 D 解析 ： A、 B、剪斷懸繩前，對 B 受力分析， B 受到重力和彈簧的彈力，知彈力F=mg．剪斷瞬間， 對 A 分析， A 的合力為 F 合 =mg+F=2mg，根據(jù)牛頓第二定律，得 a=2g．故 A錯誤 ； 彈簧開始處于伸長狀態(tài)，彈力 F=mg=kx．當向下壓縮， mg=F′=kx′ 時，速度最大 ， 故B 錯誤 ； 從剪斷繩子到 彈簧壓縮到 原長時， 物體 B 對地面壓力不變，故 C 錯誤 ； 剪斷繩子后，因只有重力和彈力做功，所以 彈簧、物體 A、 B 和地球組成的系統(tǒng)機械能守恒 .D 正確．故選 D． 【思路點撥】 求出懸繩剪斷前彈簧的拉力，再根據(jù)牛頓第二定律求出懸繩剪斷瞬間 A 的瞬時加速度．當 A 物塊向下運動到重力和彈力相等時，速度最大． 【【原創(chuàng)精品解析純 word 版】 物理卷長度不同的兩根細繩懸于同一點，另一端各系一個質(zhì)量相同的小球，使它們在同一水平面內(nèi)作圓錐擺運動，則兩個圓錐擺相同的物理量是 7 A．繩的拉力 B．線速度的大小 C．周期 D．向心力 【答案】【知識點】 向心力；牛頓第二定律． C2 D4 【答案解析】 C 解析 ： 對其中一個小球受力分析，如圖，受重力，繩子的拉力，由于小球做勻速圓周運動，故合力提供向心力； 將重力與拉力合成，合力指向圓心， 由幾何關系得，合力： F=mgtanθ ① ；由向心力公式得到， F=mω 2r ② ；設繩子與懸掛點間的高度差為 h，由幾何關系，得： r=htanθ ③ ；由 ①②③ 三式得， ω= gh，與繩子的長度和轉(zhuǎn)動半徑無關；又由 T=2??，故周期與繩子的長度和轉(zhuǎn)動半徑無關，故 A 正確；由 v=wr，兩球轉(zhuǎn)動半徑不等，故線速度不同，故 B 錯誤；繩子拉力：T=cosmg?，故繩子拉力不同，故 C 錯誤；由 F=ma=mω 2r，兩球轉(zhuǎn)動半徑不等，故向心力不同，故 D 錯誤；故選 A． 【思路點撥】 小球靠重力和繩子的拉力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律求出角速度、線速度的大小，向心力的大小，看與什么因素有關．本題關鍵要對球受力分析，找向心力來源，求角速度；同時要靈活應用角速度與線速度、周期、向心加速度之間的關系公式！ 【首發(fā) — 【原創(chuàng)純 word 版精品解析】物理卷 176。=. 求： (1)A、 C 兩點的高度差 h； (2)物塊剛要到達圓弧軌道末端 D 點時對軌道的壓力； (3)物塊通過 圓弧軌道 克服摩擦力做的 功 ． 11 【答案】【知識點】 牛頓第二定律；平拋運動；向心力 .C2 D2 D4 【答案解析】 C 解析 ： (1)小物塊到 C 點時的速度豎直分量為 vCy＝ ?? ?53tan0v 4 m/s ????? 2 分 下落的高度 h＝ v2Cy2g＝ m ????? 2 分 (2)小物塊在木板上滑行達到共同速度的過程 木板的加速度大小 ： ??Mmga ?11m/s2 物塊的加速度大小 ： ??mmga ?23m/s2 由題意得： tavta D 21 ?? ?????????? 2 分 ltatatvD ??? 2122 2121 ????? 2 分 聯(lián)立以上各式并代入數(shù)據(jù)解得 vD＝ 22 m/s ????? 2 分 小球在 D 點時由牛頓第二定律得 FN－ mg＝ mv2DR ??? ?? 2 分 代入數(shù) 據(jù)解得 FN＝ 26N ??? ?? 1 分 由牛頓第三定 律得 FN′ ＝ FN＝ 26 N， 方向豎直向下 ??? ?? 1 分 (3)小物塊由 A 到 D 的過程中 ， 由動能定理得 mgh+mgR(1－ cos 53176。其加速度不是原來的 2 倍， A 錯；在最大速度位置，物塊所受合力為零，即有： mgkx m g xk??? ? ?，因物塊 質(zhì)量不同，其最大速度位置也不同， B 答案錯誤；根據(jù)動能定理可得：為 m 時，有： 1PE mgs?? ；為2m時，有：22P mE gs??，兩式聯(lián)立得 212ss? ，因 1 20s cm? ，所以有 2 40s cm? 。損失的機械能為： 12 10 9 1E E E J J J? ? ? ? ? ?，由此可知 C 答 案正確；小球從釋放到第一次擺動到最低點的過程中重力做功為 8J， D 錯，故本題選擇 C 答案。 【答案】【知識點】 曲線運動中的火車轉(zhuǎn)彎應用考查題。當 00?? 時，根據(jù)牛頓第二定律得： 2220 .5 4 .00 .5T vF m N Nr? ? ? ?，由 此 計 算 可 知 A 答 案 正 確 ； 當 090?? 時 ， 根 據(jù) 機 械 能 守 恒 定 律 得 ：2 22 0012 0 .22 2 2 1 0vm v m g h h m mg? ? ? ? ??， B 錯誤 ；根 據(jù)機 械能 守恒 定律 可得 ：220202 si n22m v m g l m v???，根據(jù)牛頓第二定律可得： 2sin vmg m l? ? ，兩式聯(lián)立得：4sin 25?? ，由計算可知， C 答案錯， D 對，故本題選擇 A、 D 答案。 2020 屆遼寧師大附中高三上學期期中考試（ 202011）】6．如圖所示，豎直平面內(nèi)，一帶正電的小球，系于長為 L 的不可伸長的輕線一端，線的另一端固定為 O 點，它們處在勻強電場中，電場的方向水平向右，場強的大小為 E．已知電場對小 17 球的作用力的大小等于小球的重力．現(xiàn)先把小球拉到圖中的 P1 處，使輕線伸直，并與場強方向平行，然后由靜止釋放小球．已知小球在經(jīng)過最低點的瞬間，因受線的拉力作用，其速度的豎直分量突變?yōu)榱?，水平分量沒有變化， (不計空氣阻力 )則小球到達與 P1點等高的 P