【正文】 00 ? ，末速度 0?tv ，位移 ms 25? ，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得： asv 220 ? ① avt 0? ② 29 聯(lián)立 ①② 式，代入數(shù)據(jù)得 : 2/8 sma? ③ st ? ④ （ 2）設(shè)志愿者反應(yīng)時(shí)間為 39。求 （ 1）物體 A 剛運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度 aA (2) t1= 時(shí)，電動(dòng) 機(jī)的輸出功率 P； （ 3）若 t1= 時(shí)，將電動(dòng)機(jī)的輸出功率立即調(diào)整為 P1=5W，并在以后的運(yùn)動(dòng)過程中始終保持這一功率不變， t2= 時(shí)物體 A 的速度為 。t=0 時(shí)，電動(dòng)機(jī)通過水平細(xì)繩以恒力 F 拉木板 B，使它做初速度為零，加速度 aB=加速直線運(yùn)動(dòng)。取重力加速度的大小 g=10m/s2。 【答案解析】 （ 1）從 P點(diǎn)又回到 P點(diǎn) 2020 21)(c os2 mvxxmg ???? 得：0201 cos4 xgvx ?? ?? （ 2）從 /o 點(diǎn)到 P 點(diǎn) )(s in)(c o s 0101 xxmgxxmgE P ???? ??? )tan1(41c os4s in41 202020 ? ???? ????? mvg vmgmv (3) 分 離 時(shí)： BA aa ? ，0?ABN , A： ??? co ssin gga A ?? B： BmamgmgT ?????? ??? c o ss in2 得： 0?T ，即彈簧處于原長處， A、 B 兩物體分離。 2020屆重慶市重慶一中高三上學(xué)期第二次月考（ 202010）】9．如題 9 圖所示，輕彈簧一端固定在與斜面垂直的擋板上，另一端點(diǎn)在 O 位置。 在小車向右運(yùn)動(dòng)的過程中將受到彈簧向左的彈力作用做加速度逐漸增大的減速運(yùn)動(dòng)，若小車撞擊彈簧時(shí)的速度 v0較小，彈簧上的彈 力小于 f，小車速度即減為零，隨后被彈簧，此過程中只有動(dòng)能與彈性勢能之間相互轉(zhuǎn)化，因此最終彈回的速度 v 等于 v0，故選項(xiàng) A 錯(cuò)誤；若小車撞擊彈簧時(shí)的速度 v0較大，在其速度還未減為零，彈簧上的彈力已增至 f，由于直桿的質(zhì)量不可忽略，所以小車?yán)^續(xù)做加速度增大的減速運(yùn)動(dòng)，彈簧繼續(xù)被壓縮，彈力大于 f 后，直桿向右做加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)兩者速度相等時(shí)，彈簧被壓縮至最短，故選項(xiàng) C 錯(cuò)誤；選項(xiàng) D 正確；當(dāng)小車速度減為零時(shí)，小車反向被彈簧，彈簧彈力減小，直桿最終也不再在槽內(nèi)移動(dòng)，因此根據(jù)功能關(guān)系有： 2201122fx mv mv??，即直桿在槽內(nèi)移動(dòng)的距離為：2202mv mvx f??，故選項(xiàng) B 正確。 如圖所示，勁度系數(shù)為 k 的輕彈簧豎直放置，下端 固定在水平地面上，一質(zhì)量為 m 的小球，從離彈簧上端高 h處自由釋放，壓上彈簧后繼續(xù)向下運(yùn)動(dòng)的過程中．若以小球開始下落的位置為原點(diǎn)，沿豎直向下建立坐標(biāo)軸 ox，則小球的速度 的二次 方隨 x 坐標(biāo)的變化圖象如圖所示，其中 OA 段為直線，ABC 是平滑的曲線， AB 段與 OA相切于 A 點(diǎn)， 空氣阻力不計(jì)，重力加速度為 g?；瑝K離開車后，對車 )2/(52 smMFa ???，（ 1 分）滑塊平拋落地時(shí)間 ).( sght ?? （ 1 分） 從離開小車至滑塊落地，對滑塊 s1=v1t2=a1t1t2=1(m) （ 1 分） 對車)( 2239。 【【原創(chuàng)精品解析純 word 版】物理卷 【【原創(chuàng)精品解析純 word 版】物理卷 2020 屆四川省成都外國語學(xué)校高三 11 月月考解析版（ 202011）】 2. 鐵路在彎道處的內(nèi)外軌道高低是不同的，已知內(nèi)外軌道對水平面傾角為θ，如圖所示，彎道處的圓弧半徑為 R，若質(zhì)量為 m 的火車轉(zhuǎn)彎時(shí)速度小于 錯(cuò)誤 !未找到引用源。 C D E E6。 C E E6。 2020 屆四川省南充市高三第一次高考適應(yīng)性考試（ 202011） word 版】 11.（ 19 分） 如圖所示，有一質(zhì)量 m＝ 1 kg 的小物塊， 在 平臺(tái) 上以 初速度 v0=3m/s 水平拋出，到達(dá) C 點(diǎn)時(shí)，恰好沿 C 點(diǎn)的切線方向進(jìn)入固定在水平地面上的半徑 R＝ m 的 粗糙 圓弧軌道，最后小物塊滑上緊靠軌道末端 D 點(diǎn)的質(zhì)量為 M＝ 3 kg 的長木板 ， 木板上表面與圓弧軌道末端切線相平，木板下表面與水平地面之間光滑接觸， 當(dāng)小物塊在木板上相對木板運(yùn)動(dòng) l=1 m 時(shí)，與木板有共同速度， 小物塊與長木板 之 間的動(dòng)摩擦因數(shù) μ ＝ ， C 點(diǎn)和圓弧的圓心連線與豎直方向的夾角 θ ＝ 53176。 2020 屆安徽省皖南八校高三第一次聯(lián)考（ 202010）word 版】 輛汽車在平直的公路上以某一速度運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)過程中保持恒定的牽引功率，其加速度 a 和速度的倒數(shù) (1/v)圖象如圖所示 .若已知汽車的質(zhì) 量 M， 則根據(jù)圖象所給的信息，不能求出的物理 量 是 【答案】【知識(shí)點(diǎn)】 牛頓第二定律；力的合成與分解的運(yùn)用；功率、平均 功率和瞬時(shí)功率． B3 C2 E1 【答案解析】 D 解析 ： A、 B、對汽車受力分析，受重力、支持力、牽引力和摩擦力，根據(jù)牛頓第二定律，有 9 Ff=ma 其中 F=Pv聯(lián)立得 a= Pfmv m?結(jié)合圖線，有 fm =2 0= Pfmm?解得 P=40m f=2m 由于質(zhì)量已知，故 A 錯(cuò)誤， B 也錯(cuò)誤； C、當(dāng)物體的速度最大時(shí)，加速度為零，故 結(jié)合圖象可以知道，最大速度為 20m/s，故 C 錯(cuò)誤； D、汽車的初速度未知，故加速時(shí)間未 知，故 D 正確；故選 D． 【思路點(diǎn)撥】 汽車恒定功率啟動(dòng)，對汽車受力分析后根據(jù)牛頓第二定律列方程，再結(jié)合圖象進(jìn)行分析即可．本題關(guān)鍵對汽車受力分析后，根據(jù)牛頓第二定律列出加速度與速度關(guān)系的表達(dá)式，再結(jié)合圖象進(jìn)行分析求解． 【首發(fā) — 【原創(chuàng)純 word 版精品解析】物理卷 2020 屆吉林省吉林市高三第一次摸底考試（ 202010）】 11．如圖所示，放置在水平地面上的支架質(zhì)量為 M，支架頂端用細(xì)線拴著的擺球質(zhì)量為 m，現(xiàn)將擺球拉至水平位置，而后釋放，擺球運(yùn)動(dòng)過程中，支架始終不動(dòng)。如果能，求物塊離開 E點(diǎn)后在平臺(tái)上的落點(diǎn)到 A點(diǎn)的距離；如果不能，則說明理由。 2020屆寧夏銀川一中高三第三次月考（ 202010）】 25．（ 18分） 如圖所示，水平光滑路面 CD的右側(cè)有一長 L1=3 m的板 M，一物塊 (可視為質(zhì)點(diǎn) )放在板 M的最右端，并隨板一起向左側(cè)固定的平臺(tái)運(yùn)動(dòng)，板 M的上表面與平臺(tái)等高。 2020 屆江西省贛州市十二縣（市）高三上學(xué)期期中聯(lián)考（ 202011）】 5． 如圖所示，質(zhì)量相等物體 A、 B 處于靜止?fàn)顟B(tài) ， 此時(shí) 物體 B 剛好與地面接觸 . 現(xiàn) 剪斷 繩子 OA，下列說法 正確 的是 （ ） A． 剪斷繩子的瞬間，物體 A 的加速度為 g，物體 B 的加速度為 0 B． 彈簧恢復(fù)原長時(shí)，物體 A 的速度最大 C． 從剪斷繩子到 彈簧壓縮到最短，物體 B 對地面壓力均勻增大 D． 剪斷繩子后，彈簧、物體 A、 B 和地球組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒 【答案】【知識(shí)點(diǎn)】 牛頓第二定律；力的合成與分解的運(yùn)用；胡克定律． C2 B3 B5 3 【答案解析】 D 解析 ： A、 B、剪斷懸繩前，對 B 受力分析， B 受到重力和彈簧的彈力，知彈力F=mg．剪斷瞬間， 對 A 分析， A 的合力為 F 合 =mg+F=2mg，根據(jù)牛頓第二定律，得 a=2g．故 A錯(cuò)誤 ； 彈簧開始處于伸長狀態(tài)，彈力 F=mg=kx．當(dāng)向下壓縮， mg=F′=kx′ 時(shí)，速度最大 ， 故B 錯(cuò)誤 ； 從剪斷繩子到 彈簧壓縮到 原長時(shí)， 物體 B 對地面壓力不變，故 C 錯(cuò)誤 ； 剪斷繩子后，因只有重力和彈力做功，所以 彈簧、物體 A、 B 和地球組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒 .D 正確．故選 D． 【思路點(diǎn)撥】 求出懸繩剪斷前彈簧的拉力，再根據(jù)牛頓第二定律求出懸繩剪斷瞬間 A 的瞬時(shí)加速度．當(dāng) A 物塊向下運(yùn)動(dòng)到重力和彈力相等時(shí)，速度最大． 【【原創(chuàng)精品解析純 word 版】 物理卷長度不同的兩根細(xì)繩懸于同一點(diǎn)，另一端各系一個(gè)質(zhì)量相同的小球，使它們在同一水平面內(nèi)作圓錐擺運(yùn)動(dòng)，則兩個(gè)圓錐擺相同的物理量是 7 A．繩的拉力 B．線速度的大小 C．周期 D．向心力 【答案】【知識(shí)點(diǎn)】 向心力；牛頓第二定律． C2 D4 【答案解析】 C 解析 ： 對其中一個(gè)小球受力分析，如圖，受重力，繩子的拉力，由于小球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，故合力提供向心力； 將重力與拉力合成，合力指向圓心， 由幾何關(guān)系得，合力： F=mgtanθ ① ；由向心力公式得到， F=mω 2r ② ；設(shè)繩子與懸掛點(diǎn)間的高度差為 h，由幾何關(guān)系，得： r=htanθ ③ ；由 ①②③ 三式得， ω= gh，與繩子的長度和轉(zhuǎn)動(dòng)半徑無關(guān)；又由 T=2??，故周期與繩子的長度和轉(zhuǎn)動(dòng)半徑無關(guān)，故 A 正確；由 v=wr，兩球轉(zhuǎn)動(dòng)半徑不等，故線速度不同，故 B 錯(cuò)誤；繩子拉力：T=cosmg?，故繩子拉力不同，故 C 錯(cuò)誤；由 F=ma=mω 2r，兩球轉(zhuǎn)動(dòng)半徑不等，故向心力不同，故 D 錯(cuò)誤；故選 A． 【思路點(diǎn)撥】 小球靠重力和繩子的拉力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律求出角速度、線速度的大小，向心力的大小，看與什么因素有關(guān)．本題關(guān)鍵要對球受力分析，找向心力來源，求角速度；同時(shí)要靈活應(yīng)用角速度與線速度、周期、向心加速度之間的關(guān)系公式！ 【首發(fā) — 【原創(chuàng)純 word 版精品解析】物理卷 176。=. 求： (1)A、 C 兩點(diǎn)的高度差 h； (2)物塊剛要到達(dá)圓弧軌道末端 D 點(diǎn)時(shí)對軌道的壓力； (3)物塊通過 圓弧軌道 克服摩擦力做的 功 ． 11 【答案】【知識(shí)點(diǎn)】 牛頓第二定律；平拋運(yùn)動(dòng)；向心力 .C2 D2 D4 【答案解析】 C 解析 ： (1)小物塊到 C 點(diǎn)時(shí)的速度豎直分量為 vCy＝ ?? ?53tan0v 4 m/s ????? 2 分 下落的高度 h＝ v2Cy2g＝ m ????? 2 分 (2)小物塊在木板上滑行達(dá)到共同速度的過程 木板的加速度大小 ： ??Mmga ?11m/s2 物塊的加速度大小 ： ??mmga ?23m/s2 由題意得： tavta D 21 ?? ?????????? 2 分 ltatatvD ??? 2122 2121 ????? 2 分 聯(lián)立以上各式并代入數(shù)據(jù)解得 vD＝ 22 m/s ????? 2 分 小球在 D 點(diǎn)時(shí)由牛頓第二定律得 FN－ mg＝ mv2DR ??? ?? 2 分 代入數(shù) 據(jù)解得 FN＝ 26N ??? ?? 1 分 由牛頓第三定 律得 FN′ ＝ FN＝ 26 N， 方向豎直向下 ??? ?? 1 分 (3)小物塊由 A 到 D 的過程中 ， 由動(dòng)能定理得 mgh+mgR(1－ cos 53176。其加速度不是原來的 2 倍， A 錯(cuò)；在最大速度位置，物塊所受合力為零，即有： mgkx m g xk??? ? ?，因物塊 質(zhì)量不同，其最大速度位置也不同， B 答案錯(cuò)誤；根據(jù)動(dòng)能定理可得：為 m 時(shí)，有： 1PE mgs?? ；為2m時(shí)，有：22P mE gs??，兩式聯(lián)立得 212ss? ，因 1 20s cm? ，所以有 2 40s cm? 。損失的機(jī)械能為： 12 10 9 1E E E J J J? ? ? ? ? ?，由此可知 C 答 案正確；小球從釋放到第一次擺動(dòng)到最低點(diǎn)的過程中重力做功為 8J， D 錯(cuò)，故本題選擇 C 答案。 【答案】【知識(shí)點(diǎn)】 曲線運(yùn)動(dòng)中的火車轉(zhuǎn)彎應(yīng)用考查題。當(dāng) 00?? 時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律得： 2220 .5 4 .00 .5T vF m N Nr? ? ? ?，由 此 計(jì) 算 可 知 A 答 案 正 確 ； 當(dāng) 090?? 時(shí) ， 根 據(jù) 機(jī) 械 能 守 恒 定 律 得 ：2 22 0012 0 .22 2 2 1 0vm v m g h h m mg? ? ? ? ??， B 錯(cuò)誤 ；根 據(jù)機(jī) 械能 守恒 定律 可得 ：220202 si n22m v m g l m v???，根據(jù)牛頓第二定律可得： 2sin vmg m l? ? ，兩式聯(lián)立得：4sin 25?? ，由計(jì)算可知， C 答案錯(cuò)， D 對，故本題選擇 A、 D 答案。 2020 屆遼寧師大附中高三上學(xué)期期中考試（ 202011）】6．如圖所示，豎直平面內(nèi)，一帶正電的小球，系于長為 L 的不可伸長的輕線一端，線的另一端固定為 O 點(diǎn)，它們處在勻強(qiáng)電場中，電場的方向水平向右，場強(qiáng)的大小為 E．已知電場對小 17 球的作用力的大小等于小球的重力．現(xiàn)先把小球拉到圖中的 P1 處，使輕線伸直，并與場強(qiáng)方向平行，然后由靜止釋放小球．已知小球在經(jīng)過最低點(diǎn)的瞬間，因受線的拉力作用，其速度的豎直分量突變?yōu)榱?，水平分量沒有變化， (不計(jì)空氣阻力 )則小球到達(dá)與 P1點(diǎn)等高的 P