【正文】 1/4Dd自交后代中 1/4（ 1/4DD＋ 2/4Dd＋ 1/4dd）＝ 1/16DD＋ 1/8Dd＋ 1/16dd， 純種占 1/8， 1/8＋ 3/4＝ 7/8； ? F5代中 7/8是純種，而那 1/8Dd自交后代中 1/8（ 1/4DD＋ 2/4Dd＋ 1/4dd）＝ 1/32DD＋1/16Dd＋ 1/32dd， 純種占 1/16， 1/16＋ 7/8＝15/16； ? 同理：連續(xù)自交到 F6為 31/3 F7為 63/64。 例 下圖為某家族遺傳系譜圖，該家族患有苯丙酮尿癥和血友病兩種遺傳病。 設苯丙酮尿癥的致病基因為 a，血友病的致病基因為 h， （ 1）苯丙酮尿癥的致病基因位于 ___染色體上。 第 3代的 9 __________。 解析：解此題首先應根據(jù)題干給出的已知信息，分析該家族遺傳系譜圖，對這兩種遺傳病的類型作出判斷。自由組合規(guī)律的逆推題（由子代推出親代的基因型）則可按分離規(guī)律解，然后再進行歸納。 （ 1）苯丙酮尿癥的致病基因位于 ___染色體上。 （ 2）寫出下列個體可能的基因型： 第 3代的 7 AAXHY或 AaXHY。 根據(jù) 8號（ aa）則可推出了 3號和 4號均為 Aa；根據(jù) 2號是男性血友病患者，其 Xh必傳給他的女兒（ 4號）。歸納： 3號的基因型為AaXHY， 4號的基因型為 AaXHXh。 ? 根據(jù) 9號為苯丙酮尿癥患者可推知 5號和 6號均為 Aa。歸納： 5號的基因型為 AaXHXh， 6號的基因型為 AaXHY。 （ 3）若第 3代的 7與第 3代的 9結(jié)婚，生育子女中同時患兩種遺傳病的幾率是 1/24；這兩種病都不患的幾率是 7/12；只患一種病的幾率是 7/24+2/24=9/24。兩種都不患的概率應是各自正常概率的乘積： 2/3 7/8=7/12。 例 有一對健康的表兄妹結(jié)婚后生了一個患某種遺傳病的兒子，這種遺傳病的致病基因位于常染色體上在人群中的發(fā)病率為 3/10000。 解析：這對表兄妹都是這種隱性遺傳病基因的攜帶者，后代的發(fā)病率為 25％。所以 x x 25％＝ 3/10000， x＝％，他們分別再婚，若再生育子女，其中患此病的幾率是 100％ ％ 25％＝ ％。） ? 另一種解法是根據(jù)群體遺傳學的平衡定律計算： ? 一個自然種群中，一對等位基因 A和 a的基因頻率分別是 p和 q，則（ p＋ q） 2＝ 1，也就是 p2+2pq+q2=1,p2代表 AA基因型的頻率， q2代表 aa基因型的頻率， pq代表 Aa的基因型頻率。解法如下： ? 先看與正常人婚配的情況，先求致病基因的頻率，它等于 3/10000的平方根，即 =（有省略）；正?；虻念l率為 1－ =。 ? 注：公式中 1（ 100％）為表兄妹中確定的雜合子的幾率， 為群體雜合子的幾率， 1/4 為雜合子交配，后代四分之一患病的幾率。（本題顯然不考慮與發(fā)病個體間的婚配。 例 純種的子葉黃色（ Y）豌豆與子葉綠色（ y）豌豆雜交，F(xiàn)1全部子葉黃色， F1自交得到 F2代，選 F2中全部子葉黃色豌豆自交，其后代中子葉黃色與子葉綠色的比例是 A． 3∶ 1 B． 5∶ 1 C． 8∶ 1 D． 9∶ 1 答案為 B 解析：因為豌豆是嚴格的自花傳粉、閉花授粉作物，自交情況比較簡單 F2中基因型 YY占 1/3， Yy占 2/3（其他植物或動物就不一樣，還得考慮 YY與 Yy之間的雜交）。 所以 F2中全部子葉黃色豌豆自交，其后代中子葉黃色與子葉綠色的比例是 5∶ 1。將純種的灰身果蠅和黑身果蠅雜交，F(xiàn)1全為灰身。 各種類型交配機會均等，所以在 F3中的基因型為： 從表中可以統(tǒng)計出，基因型 BB與 BB的后代全是BB，基因型 BB與 Bb的后代 BB∶ Bb＝ 1∶ 1，基因型 Bb與 Bb的后代 BB∶ Bb∶ bb＝ 1∶ 2∶ 1。 F1代的雌雄個體相互交配， F2的表現(xiàn)如下表所示。 從圖中提供的數(shù)據(jù)看， F2的四種表現(xiàn)型在雌雄間的比例沒有太大差別，肯定與性染色體無關(guān)，又由于四種表現(xiàn)型的比例接近9∶ 3∶ 3∶ 1，符合基因的自由組合定律， 所以兩對相對性狀的兩對基因位于兩對常染色體上。花藥離體培養(yǎng)，實際就是在實驗條件下，利用花藥中的花粉粒，發(fā)育成新個體的單倍體育種。其基因型分別是 ABC、 Abc、AbC、 Abc、 aBC、 aBc、 abC、 abc。用秋水仙素處理使染色體加倍，就恢復了可育性。因為共得到 X株小麥。根據(jù)相關(guān)遺傳圖解，必需對典型的遺傳圖解心中有數(shù)，并且能夠運用自如： 在 F2中有雜合黃色皺粒豌豆占 2/16，為 3998顆；純合綠色圓粒豌豆為 1/16， 兩對相對性狀遺傳圖解 .doc應該是多少顆？ 3998247。已知雞的性別由性染色體決定。性反轉(zhuǎn)公雞與正常母雞都是 ZW，如果它們交配，并產(chǎn)生后代，后代中 ZW∶ ZZ∶ WW＝2∶ 1∶ 1，其中 WW的的鳥類在自然界中是不存在的，原因是胚胎不能形成。 七、關(guān)于基因頻率和基因型頻率的計算 某種基因在某個種群中出現(xiàn)的比例，叫做基因頻率。由于基因在細胞內(nèi)成對存在， 100個個體共有 200個基因，其中：有A基因： 2 30＋ 60＝ 120， a基因： 2 10＋ 60＝ 80。 200＝ 60％ a基因的基因頻率是： 80247。 某基因和其等位基因的總數(shù)（ 100％） 基因型頻率（概率）是指群體中具有某一基因型的個體所占的比例。 種群個體總數(shù)（ 100％） 種群中的基因頻率與基因型頻率密切相關(guān)，基因頻率的變化可以導致種群基因庫的變遷；同時，基因頻率的變化也會導致基因型頻率相應改變，它們是相互依存的。 （ 2 400＋ 2 500＋ 2 100）＝1300247。 2＝ 65％ a＝ ％＋ ％ 247。只有在理想狀態(tài)下，即哈迪－溫伯格定律指出的條件：種群足夠大、交配隨機、沒有突變、無新基因加入和沒有自然選擇，才能基因頻率不變基因型頻率也不變。生物進化的過程實質(zhì)上就是種群基因頻率發(fā)生變化的過程。那么，這個海島上色盲基因的頻率為 _________。 1500＝ （ ％） 例 在一個種群中隨機抽出一定數(shù)量的個體，其中基因型為 AA的個體占 18％，基因型為 Aa的個體占 78％。 解析：由于在一個種群中，一對等位基因的頻率之和等于 1（ 100％），其相應的基因型頻率之和也是1（ 100％）。 A的基因頻率是： AA＋ 1/2Aa＝ 18％＋ 1/2 78％＝ 57％ a的基因頻率是： aa＋ 1/2Aa＝ 4％＋ 1/2 78％＝ 43％ （或者 1－ 57％＝ 43％） 例 從人類 ABO血型的遺傳分析得知， IA與 IB為共顯性基因，它們對 i均為顯性。 答案： ％和 31％ 血型 A型 B型 AB型 O型 基因型 IAIA和 IAi IBIB和 IBi IAIB ii 比例（ %） 21和 19 12和 13 20 15 血型 A型 B型 AB型 O型 基因型 IAIA和 IAi IBIB和 IBi IAIB ii 比例（ %） 21和 19 12和 13 20 15 解析：本題主要考查的知識點是基因頻率的概念，以及相應的計算能力和獲取信息處理信息的能力。 從上表中可以看出： IA占（ 21+19 1/2+20 1/2）％ ＝ ％； IB占（ 12+13 1/2+20 1/2）％ ＝ ％； i占（ 15+19 1/2+13 1/2）％ ＝ 31％。 計算依據(jù)的知識是：生態(tài)系統(tǒng)中生產(chǎn)者所固定的太陽能的總量便是流經(jīng)這個生態(tài)系統(tǒng)的總能量。 下面是生態(tài)系統(tǒng)的能量流動圖解，應認真觀察思考，明確每個營養(yǎng)級的總能量有幾個去路，以及上下營養(yǎng)級能量的關(guān)系。設農(nóng)田中的蟾蜍總能量為 A，若用生物防治法消滅了此農(nóng)田中的粘蟲，不考慮水肥等因素，則小麥當年能量增加的幅度為 _____A至 ______A。在這條食物鏈中，蟾蜍為第三營養(yǎng)級，總能量為 A。 若能量傳遞效率為 20%，則這三個營養(yǎng)級的總能量依次為 25A、 5A、 A。 例 （ 04年上海高考試題）如果一個人食物有 1/2來自綠色植物， 1/4來自小型肉食動物。 解析：本題考查的主要知識點是生態(tài)系統(tǒng)的能量流動。 該人每增加 1kg體重，因為食物有 1/2來自綠色植物，所以需要綠色植物 1kg247。 10%247。 10%247。 10% 1/4＝ 250kg。 本題并不難，只是有些麻煩，計算時需要細心。圖中 A、 B、 C代表三個營養(yǎng)級，數(shù)字均為實際測得的能量數(shù)，單位為百萬千焦。請回答： （ 1）請將流經(jīng)該生態(tài)系統(tǒng)的總能量數(shù)填寫在圖中的方框（ A）內(nèi)，這部分能量是 ________所固定的太陽能。 解析：第二營養(yǎng)級同化的總能量除以第一營養(yǎng)級的總能量，再乘以百分之百，便是能量從第一營養(yǎng)級到第二營養(yǎng)級的轉(zhuǎn)化效率 （ 15247。 15 100％ =20％）。 解析：次級消費者通過異化作用消耗的能量占其同化作用所得到能量的百分比應是第三營養(yǎng)級的呼吸作用的消耗量除以其同化量，再乘以 100％（ 247。 （ 4）由圖可知，下個營養(yǎng)級不能得到上個營養(yǎng)級的全部能量，原因有：①各營養(yǎng)級生物體內(nèi)的大量能量被 __________利用； 呼吸作用 ②其次是上個營養(yǎng)級的部分能量 __________________； 未被下一個營養(yǎng)級利用 ③還有少數(shù)能量被 __________利用。因為 1摩爾葡萄糖在有氧呼吸中把 1161kJ的能量儲存在ATP中，所以初級消費者分解 40摩爾葡萄糖共得能量40 1161kJ＝ 46440kJ，但要傳遞到三級消費者只能相當于 40 1161kJ 20% 20%＝ 。） 例 在一個 400m 200m的池塘里，捕獲了 550尾鯽魚，全部做上標記，又放回了池塘。 請問： 這個池塘鯽魚的總數(shù)是 __________，鯽魚的種群密度是每平方米水面 __________。 設池塘鯽魚的總數(shù)為 N 則 N/550＝ 431/12 N＝ 550 431247。 （ 400m 200m）＝ 答案： 例 （ 2020年海南試題） 甲、乙兩個水池中各有由 5個物種構(gòu)成的食物網(wǎng)，如圖所示，且這兩個水池的生態(tài)系統(tǒng)在沒有人為干擾的情況下均達到相對平衡狀態(tài)。 （ 1） 5 綠藻和水草（每空 1分，共 2分） 輪蟲 鯽魚 綠藻 水草 螺螄 （ 2）假如鯽魚的 1/4食物來自綠藻， 1/2來自輪蟲。如果鯽魚種群增加的能量為 200KJ，那么其中來自綠藻和輪蟲的能量分別為 _______KJ和 _______KJ。 10％） 500（ 200 1/2247。水草死亡的最主要原因是缺少_______，輪蟲死亡的主要原因是缺少 （ 3）光線 綠藻（或食物）（每空 1分，共 2分） ________________。 （共 1 分） （ 4）為促進生物量的增加，乙池中加入了較多的有機肥，一段時間后，池中綠藻爆發(fā)，其他 4種生物陸續(xù)死亡，動物死亡的主要原因是水中缺少 _______。導致水體發(fā)臭的生物因素是 ____________。因此對有關(guān)生物學計算問題的演練務必要回歸到有關(guān)的基礎概念、基本原理和基本定律中去，通過演練還可以進一步加深對基礎知識的理解。