【正文】 B、 C、 D錯(cuò)誤。 【點(diǎn)評】解決本題的關(guān)鍵掌握速度與水平方向夾角的正切值是位移與水平方向夾角正切值的 2倍。物體與斜面接觸時(shí)速度與水平方向的夾角φ滿足 （） A． tanφ =sinθ B． tanφ =cosθ C． tanφ =tanθ D． tanφ =2tanθ【考點(diǎn)】 43：平拋運(yùn)動．菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專題】518：平拋運(yùn)動專題．【分析】φ為速度與水平方向的夾角， tanφ為豎直速度與水平速度之比； θ為平拋運(yùn)動位移與水平方向的夾角， tanθ為豎直位移與水平位移之比。在 OC 右側(cè)有一勻強(qiáng)電場，在第二、三象限內(nèi) 有一勻強(qiáng)磁場，其上邊界與電場邊界重疊，右邊界為 y 軸，左邊界為圖中平行于 y 軸的虛線，磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為 B，方向垂直于紙面向里．一帶正電荷 q、質(zhì)量為 m的粒子以某一速度自磁場左邊界上的 A 點(diǎn)射入磁場區(qū)域，并從 O 點(diǎn)射出，粒子射出磁場的速度方向與 x軸的夾角θ =30176。的過程中（） A． t1 始終大于 t2B． t1 始終小于 t2C． t1 先大于后小于 t2D． t1 先小于后大于 t2 二、（ 18 分） 9．（ 6分）如圖所示，兩個(gè)質(zhì)量各為 m1 和 m2 的小物塊 A 和 B，分別系在一 條跨過定滑輪的軟繩兩端，已知 m1＞ m2．現(xiàn)要利用此裝置驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律．（ 1）若選定物塊 A 從靜止開始下落的過程進(jìn)行測量，則需測量的物理量有 ．①物塊的質(zhì)量 m m2； ②物塊 A 下落的距離及下落這段距離所用的時(shí)間； ③物塊 B 上升的距離及上升這段距離所用的時(shí)間； ④繩子的長度．（ 2）為提高實(shí)驗(yàn)結(jié)果的準(zhǔn)確程度．某小組同學(xué)對此實(shí)驗(yàn)提出如下建議： ①繩的質(zhì)量要輕； ②在“輕質(zhì)繩”的前提下繩子越長越好； ③盡量保證物塊沿豎直方向運(yùn)動，不要搖晃； ④兩個(gè)物塊的質(zhì) 量之差要盡可能?。陨辖ㄗh中對提高準(zhǔn)確程度確實(shí)有作用的是 ．（ 3）寫出一條上面沒有提到的對提高實(shí)驗(yàn)結(jié)果準(zhǔn)確程度有益的建議： ． 10．（ 12 分）一直流電壓表 V，量程為 1V，內(nèi)阻為 1000Ω，現(xiàn)將一個(gè)阻值在 5000﹣ 7000Ω之間的固定電阻 R1 與此電壓表串聯(lián)，以擴(kuò)大電壓表量程，為求得擴(kuò)大后量程的準(zhǔn)確值，再給定一直流電源（電動勢 E 為 6﹣ 7V，內(nèi)阻不計(jì)）、一阻值 R2=2021Ω的固定電阻、兩個(gè)單刀開關(guān) S S2 及導(dǎo)線若干．（ 1）為達(dá)到上述目的，將對應(yīng)的圖連成一個(gè)完整的實(shí)驗(yàn)電路圖．（ 2）連線完成以后，當(dāng) SS2 均閉合時(shí)，電壓表示數(shù)為 ； 當(dāng) S1 閉合， S2 斷開時(shí)，電壓表示數(shù)為 ．由此可以計(jì)算出改裝后電壓表的量程為 V，電動勢為 V． 11．（ 14 分）已知 O、 A、B、 C 為同一直線上的四點(diǎn)， AB 間的距離為 l1， BC 間的距離為 l2，一物體自 O 點(diǎn)靜止起出發(fā)，沿此直線做勻加速運(yùn)動，依次經(jīng)過 A、 B、 C三點(diǎn)．已知物體通過 AB 段與通過 BC 段所用時(shí)間相等．求 O 與 A 的距離． 12．（ 18 分）圖中滑塊和小球的質(zhì)量均為 m，滑塊可在水平放置的光滑固定導(dǎo)軌上自由滑動，小球與滑塊上的懸點(diǎn) O 由一不可伸長的輕繩相連，輕繩長為 1．開始時(shí)，輕繩處于水平拉直狀態(tài)，小球和滑塊均靜止．現(xiàn)將小球由靜止釋放，當(dāng)小球到達(dá)最低點(diǎn)時(shí)，滑塊剛好被一表面涂有粘性物質(zhì)的固定擋板粘住，在極短的時(shí)間內(nèi)速度減為零，小球繼續(xù)向左擺動，當(dāng)輕繩與豎直方向的夾角θ =60176。若規(guī)定順時(shí)針方向?yàn)楦袘?yīng)電流 I 的正方向，下列各圖中正確的是（） A． B． C． D． 8．（ 6分）一束由紅、藍(lán)兩單色光組成的光線從一平板玻璃磚的上表面以入射角θ射入，穿過玻璃磚從下表面射出，已知該玻璃對紅光的折射率為 ，設(shè)紅光與藍(lán)光穿過玻璃磚所需時(shí)間分別為 t1 和 t2，則在θ逐漸由 0176。大小為 v，粒子在磁場內(nèi)的運(yùn)動軌跡為紙面內(nèi)的一段圓弧，且弧的半徑為磁場左右邊界間距的 2 倍，粒子進(jìn)入電場后，在電場力的作用下又由 O 點(diǎn)返回磁場區(qū)域，經(jīng)過一段時(shí)間后再次離開磁場．已知粒子從 A 點(diǎn)射入到第二次離開磁場所用時(shí)間恰好等于粒子在磁場中做圓周運(yùn)動的周期．忽略重力的影響．求： （ 1）粒子經(jīng)過 A點(diǎn)時(shí)的速度方向和 A點(diǎn)到 x軸的距離； （ 2）勻強(qiáng)電場的大小和方向； （ 3）粒子從第二次離開磁場到再次進(jìn)入電場所用的時(shí)間．【考點(diǎn)】AK：帶電粒子在勻強(qiáng)電場中的運(yùn)動； CI：帶電粒子在勻強(qiáng)磁場中的運(yùn)動．菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專題】 16：壓軸題； 536：帶電粒子在磁場中的運(yùn)動專題．【分析】（ 1）結(jié)合運(yùn)動的軌跡圖象，判斷出圓周運(yùn)動的圓心即兩虛線的交點(diǎn)，再根據(jù)洛倫茲力提供向心力，粒子的速度和 A到 y軸的距離； （ 2）粒子進(jìn)入電場后，在電場力的作用下又由 O點(diǎn)返回磁場區(qū)域說明電場力的方向一定與運(yùn)動的方向相反，則電場方向必與 v相反； 根據(jù)時(shí)間關(guān)系求出粒子在 電場中運(yùn)動的時(shí)間，進(jìn)而求出電場的強(qiáng)度和方向； （ 3）粒子出磁場后到進(jìn)入電場是勻速直線運(yùn)動，根據(jù)軌跡圖象，就可以求出從第二次離開磁場到再次進(jìn)入電場所用的時(shí)間．【解答】解：（ 1）粒子第一次進(jìn)入磁場時(shí)弧的半徑為磁場左右邊界間距的 2 倍，如圖做運(yùn)動的軌跡，則圓周運(yùn)動的圓心即兩虛線的交點(diǎn)．進(jìn)入磁場時(shí)速度必垂直于磁場邊界，由洛倫茲力提供向心力：，得： R=， A 點(diǎn)到 x 軸的距離為：，（ 2）設(shè)粒子在磁場中運(yùn)動的周期為 T，則： vT=2π R所以：，在磁場中運(yùn)動的時(shí)間為粒子進(jìn)入電場后，在電場力的作用下又由 O 點(diǎn)返回磁場區(qū)域說明電 場力的方向一定與運(yùn)動的方向相反，則電場方向必與 v 相反，再次進(jìn)入磁場時(shí)速度方向也與 v 相反，將向 y 軸負(fù)方向偏轉(zhuǎn)做圓周運(yùn)動，運(yùn)動的軌跡如圖 1所示： 運(yùn)動時(shí)間為，則在電場中運(yùn)動的時(shí)間為： 那么在電場中的運(yùn)動有：﹣ v=v﹣ t2，求得： （ 3）粒子出磁場后到進(jìn)入電場是勻速直線運(yùn)動，達(dá)到電場的距離為（如圖 2），所用時(shí)間為答：（ 1）粒子經(jīng)過 A 點(diǎn)時(shí)的速度方向平行于X 軸， A 點(diǎn)到 x軸的距離，（ 2）電場方向與 v相反，大??； （ 3）第二次離開磁場到再次進(jìn)入電場所用的時(shí)間．【點(diǎn)評】帶電粒子在磁場中的運(yùn)動 ，正確地畫出運(yùn)動的軌跡是解題的關(guān)鍵，象該題需要兩次畫出不同的軌跡．題目的難度較大． 第二篇：高考物理試卷（全國卷?。ê馕霭妫?[范文模版 ] 2021 年全國統(tǒng)一高考物理試卷（全國卷Ⅰ）一、選擇題（本題共8 小題，在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有的只有一個(gè)選項(xiàng)正確，有的有多個(gè)選項(xiàng)正確，全部選對的得 6 分，選對但不全的得 3 分，有選錯(cuò)的得 0 分） 1．（ 6 分）如圖所示，一物體自傾角為θ的固定斜面頂端沿水平方向拋出后落在斜面上。時(shí)小球達(dá)到最高點(diǎn)．求（ 1）從滑塊與擋板接觸到速度剛好變?yōu)榱愕倪^程中，擋板阻力對滑塊的沖量； （ 2）小球從釋放到第一次到達(dá)最低點(diǎn)的過程中，繩的拉力對小球做功的大小．【考點(diǎn)】 53：動量守恒定律； 65：動能定理； 6C：機(jī)械能守恒定律．菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專題】 16：壓軸題； 52K：動量與動能定理或能的轉(zhuǎn)化與守恒定律綜合．【分析】（ 1）從小球由靜止釋 放到滑塊與擋板接觸前，小球和滑塊組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒、水平方向動量守恒，根據(jù)兩個(gè)守恒定律列方程，求出滑塊與擋板接觸前小球與滑塊的速度大小．根據(jù)動量定理求解擋板阻力對滑塊的沖量．（ 2）小球從釋放到第一次到達(dá)最低點(diǎn)的過程中，重力和繩的拉力對小球做功，根據(jù)動能定理求解繩的拉力對小球做功的大?。窘獯稹拷猓海?1）對系統(tǒng)，設(shè)小球在最低點(diǎn)時(shí)速度大小為 v1，此時(shí)滑塊的速度大小為 v2，滑塊與擋板接觸前由系統(tǒng)的機(jī)械能守恒定律：mgl=mv12+mv22①由系統(tǒng)的水平方向動量守恒定律： mv1=mv2②對滑塊與擋板接觸到速度剛好 變?yōu)榱愕倪^程中，擋板阻力對滑塊的沖量為： I=mv2③聯(lián)立①②③解得 I=m 方向向左④（ 2）小球釋放到第一次到達(dá)最低點(diǎn)的過程中，設(shè)繩的拉力對小球做功的大小為 W，對小球由動能定理： mgl+W=mv12⑤聯(lián)立①②⑤解得： W=﹣ mgl，即繩的拉力對小球做負(fù)功，大小為 mgl．答： （ 1）從滑塊與擋板接觸到速度剛好變?yōu)榱愕倪^程中，擋板阻力對滑塊的沖量為 I=m，方向向左； （ 2）小球從釋放到第一次到達(dá)最低點(diǎn)的過程中，繩的拉力對小球做功的大小是﹣ mgl．【點(diǎn)評】本題是系統(tǒng)機(jī)械能守恒和水平方向動量守恒的類型，再加上運(yùn)用動量定理求沖量、由動能定理求功，都是常用的方法和思路． 13．（ 22 分）如圖所示，在坐標(biāo)系 xOy 中，過原點(diǎn)的直線 OC 與 x 軸正向的夾角φ =120176。 故選： B。時(shí)，趨近漸近線，初步判定該函數(shù)為單調(diào)函數(shù)，通過帶入θ為其它特殊值，仍然有 t1＜ t2，所以 B選項(xiàng)正確。增大到 90176。 【點(diǎn)評】本題要求學(xué)生能正確理解 B﹣ t 圖的含義，才能準(zhǔn)確的利用楞次定律進(jìn)行判定。若規(guī)定順時(shí)針方向?yàn)楦袘?yīng)電流 I 的正方向，下列各圖中正確的是（） A． B． C． D．【考點(diǎn)】 BB：閉合電路的歐姆定律； D8：法拉第電磁感應(yīng)定律．菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專題】 16：壓軸題； 53B：電磁感應(yīng)與圖像結(jié)合．【分析】由右圖可知 B 的變化，則可得出磁通量的變化情況，由楞次定律可知電流 的方向； 由法拉第電磁感應(yīng)定律可知電動勢，即可知電路中電流的變化情況； 【解答】解：由圖可知， 0﹣ 1s 內(nèi)，線圈中磁通量的變化率相同，故 0﹣ 1s 內(nèi)電流的方向相同，由楞次定律可知，電路中電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針，即電流為負(fù)方向； 同理可知， 1﹣ 2s 內(nèi)電路中的電流為順時(shí)針， 2﹣ 3s 內(nèi)，電路中的電流為順時(shí)針， 3﹣ 4s 內(nèi)，電路中的電流為逆時(shí)針，由 E==可知，電路中電流大小恒定不變。 【點(diǎn)評】本題考查了核反應(yīng)方程中質(zhì)量數(shù)和核電荷數(shù)守恒的知識，屬于基礎(chǔ)知識，應(yīng)仔細(xì)閱讀題目，一步一步向下分析． 6．（ 6 分）已知地球半徑約 為 106m，空氣的摩爾質(zhì)量約為 10﹣ 2kg/mol，一個(gè)標(biāo)準(zhǔn)大氣壓約為 105Pa．利用以上數(shù)據(jù)可估算出地球表面大氣在標(biāo)準(zhǔn)狀態(tài)下的體積為（） A． 4 1016m3B． 4 1018m3C． 4 1020m3D． 4 1022m3【考點(diǎn)】 82：阿伏加德羅常數(shù)．菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專題】 16：壓軸題； 543：阿伏伽德羅常數(shù)的應(yīng)用專題．【分析】大氣壓強(qiáng)是由地球附近大氣層中空氣的重力產(chǎn)生的，根據(jù)大氣壓強(qiáng)和地球的表面積求出地球周圍大氣層空氣分子的總質(zhì)量，再求出空氣體積．【解答】解：大氣壓強(qiáng) P0=，地球表面積 s=4π R2則地球周圍空氣質(zhì)量為：； 由于標(biāo)準(zhǔn)狀態(tài)下，一摩爾任何氣體的體積都是 升，即摩爾體積為 V= 10﹣ 3m3； 故空氣密度為：； 空氣的總體積為 =； 代入解得， V′ =4 1018m3故選： B。 【點(diǎn)評】本題考查萬有引力定律．首先要根據(jù)萬有引力定律表達(dá)出太陽的地球的質(zhì)量，然后再列出太陽和地球分別對月球的萬有引力定律方程 ． 5．（ 6 分）三個(gè)原子核 X、 Y、 Z， X 核放出一個(gè)正電子后變?yōu)?Y 核， Y 核與質(zhì)子發(fā)生核反應(yīng)后生成 Z核并放出一個(gè)氦核（ He）．則下面說法中正確的是（） A． X 核比 Z 核多一個(gè)質(zhì)子 B． X 核比 Z 核少一個(gè)中子 C． X核的質(zhì)量數(shù)比 Z核質(zhì)量數(shù)大 3D． X 核與 Z 核的總電荷是 Y核電荷的 2 倍【考點(diǎn)】 JJ：裂變反應(yīng)和聚變反應(yīng)．菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【分析】根據(jù)題意寫出核反應(yīng)方程，再由質(zhì)量守恒定律和核電荷數(shù)守恒來判斷各選項(xiàng)．【解答】解： A、設(shè)原子核 X 的質(zhì)量數(shù)為 x，電荷數(shù)為 y，根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒，可得原子核 Y 的質(zhì)量數(shù)為 x，電荷數(shù)為y﹣ 1，原 子核 Z 的質(zhì)量數(shù)為 x﹣ 3，電荷數(shù)為 y﹣ 2．由此可得 X 核的質(zhì)子（ y）比 Z 核的質(zhì)子（ y﹣ 2）多 2個(gè)，故 A錯(cuò)誤； B、由 A 可得 X 核的中子（ x﹣ y）比 Z 核的中子（ x﹣ y﹣ 1）多 1個(gè)，故 B 錯(cuò)誤； C、 X 核的質(zhì)量數(shù)（ x）比 Z 核的質(zhì)量數(shù)（ x﹣ 3）多 3 個(gè)，故 C 正確； D、 X 核與 Z 核的總電荷（ 2y﹣ 2）是 Y 核電荷（ y﹣ 1）的 2 倍，故 D 正確。 故選： C。 D、由于＜ xb﹣ xa＜λ，位移相同時(shí)，速度大小相等，方向相反，兩者不可能同時(shí)相同。 C、 t=0 時(shí)刻， b 點(diǎn)振動方向向 y 軸正方向，當(dāng) t=時(shí)， b 質(zhì)點(diǎn)正在向 y 軸負(fù)方向。 B、簡諧橫波沿 x 軸負(fù)方向傳播， t=0 時(shí)， a 質(zhì)點(diǎn)正在向 y 軸正方向運(yùn)動， t=時(shí)， a質(zhì)點(diǎn)正在向 y軸正方向運(yùn)動。 【點(diǎn)評】解決本題的關(guān)鍵抓住小球和小車具有相同的加速度，運(yùn)用牛頓第二定律進(jìn)行求解． 3．（ 6 分）一列簡諧橫波沿 x軸傳播，周期為 T， t=0 時(shí)的波形如圖所示，此時(shí)處于 x=3m 處的質(zhì)點(diǎn)正在向上運(yùn)動，若 a、 b 兩質(zhì)點(diǎn)平衡位置的坐標(biāo)分別為 xa= 和 xb=，則（）A．當(dāng) a 質(zhì)點(diǎn)處在波