動能定理機械能守恒定律單元檢測及答案(參考版)
2025-06-26 17:16本頁面
【正文】 v=2104 W=48 W.答案：（1）48 J （2）24 W （3）48 W：（1）設(shè)最高點A與最低點C之間的高度差為h，則h=h1+h2= m+ m=2 m設(shè)跳板被壓縮到最低點C時的彈性勢能為Ep，根據(jù)機械能守恒，有Ep=mgh=60102 J=103 J.（2）設(shè)最高點與水面之間的高度差為H，則H=h1+h3= m+3 m= m運動員做自由落體運動，設(shè)運動員入水前的速度為v，則v=v= m/s=2 m/s≈ m/s.答案：（1）103 J （2） m/s：滑塊所受重力沿斜面向下的分力大于滑塊受到的摩擦力，所以滑塊最終將停在擋板處，設(shè)整個過程經(jīng)過的總路程為l.整個過程重力做功WG=mgl0sin θ摩擦力做功Wf=μmglcos θ對滑塊由動能定理得mgl0sin θμmglcos θ=0mv02解得l=.答案：：（1）以A\，B物體構(gòu)成的系統(tǒng)為對象，B物體所受重力mBg做正功，A物體所受的摩擦力對系統(tǒng)做負功，由動能定理得：mBgsμmAgs=（mA+mB）v20即：v== m/s= m/s.（2）設(shè)B物體落地后A物體能滑行的距離為s′，則根據(jù)動能定理得：μmAgs′=0mAv2s′= m= m.答案：（1） m/s （2） m15。所以不做功.答案：G Ff FN：跳一次所用時間t0= s=s，人跳離地面屬豎直上拋，到回到地面需時（1） s，人上拋到最高點時間t=（1） s= =mg（gt2），則跳繩時克服重力做功P=501010（）2 W=75 W.答案：75：設(shè)兩木塊質(zhì)量均為m，開始時彈簧形變量為x1，B剛離開地面時，彈簧的形變量為x2，則開始時kx1=mg，B剛離開地面時：kx2=mg，所以有x1=x2，故Ep1=Ep2.答案：=：公共汽車載客每人每千米消耗的能量等于J=106 J，104 .答案：：根據(jù)實驗原理知，T= s= sO點到C點重力勢能的減少量ΔEpΔEp=mghOC=102 J≈ J打下C點時物體的瞬時速度vC= m/s= 5 m/s.所以動能增量ΔEk=mvC2=（）2 J≈ J.答案： J J：設(shè)小球質(zhì)量為m，球從拋出到落回原拋出點的時間為T，則小球下落時間為，由v=at得v0=g，W=mv02=.答案：（1）球的質(zhì)量m 球從拋出到落回原拋出點的時間T （2）：（1）木塊所受的合外力為：F合=mgsin θμmgcos θ=mg（sin θμcos θ）=210（） N=4 N，物體的加速度為：a= m/s2=2 m/s2.前2 s內(nèi)木塊的位移：s=at2=222 m=4 m.所以，重力在前2 s內(nèi)做的功為：W=mgsin θ90176。m，故C正確. 子彈與木塊受到的摩擦力大小相等，、C錯，故D錯.：G與位移s的夾角小于90176。 做功的過程，就有多少能量發(fā)生了轉(zhuǎn)化，所以A、B錯，C、D對. 物體沿斜面勻速下滑過程中，動能不變，但重力勢能減少，故機械能減少，但重力勢能卻時刻在變化，機械能不守恒，重力勢能不斷減少，動能不變，總的機械能減少，故C錯. 由公式W=Pt知：1 J=1 W物體做加速、勻速運動時，F(xiàn)與s同方向，一定做正功。=－Fh，所以全過程中空氣阻力做功W=W1＋W2=－Fh＋（－Fh）=－2Fh，D選項正確。5．【答案】 D 【解析】把運動的全過程分成兩段，上升過程空氣阻力大小、方向均不變，可求出阻力做的功W1=Fhcos180176。當飛機勻速飛行時，牽引力大小等于阻力，即F=F′=kv2，則發(fā)動機的功率為P=Fv=kv3，即發(fā)動機的功率與速度的三次方成正比。一對作用力和反作用力可能都做負功。（3）根據(jù)牛頓運動定律及機械能守恒，在B點NB－mg=m ，mgR＝mvB2解得NB=3mg，在C點：NC=mg答案：（1）mgR （2），與豎直方向成30176。對A、C球而言得，對B球所以10．C、D設(shè)小球到達最低點的線速度為v，繩長為L，則由機械能守恒得，因而角速度、向心加速度、繩中拉力分別為，T=mg+ma=3mg可見，v和ω與繩長L有關(guān)，a和T與繩長無關(guān)。=，cos 37176。ms2，一起滑動，以下
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