河北省20xx屆高三物理上學期第五次月考試題-資料下載頁
2024-12-01 03:26本頁面
【導讀】本試卷分第Ⅰ卷（選擇題）和第Ⅱ卷，共300分。．設該行星與地球均視為質量分布均勻的球體，分別繞其中心天體做勻速圓周運動，20．傳送帶是應用廣泛的一種傳動裝置。右勻速運動的傳送帶的左端A點，每隔相同的時間T，輕放上一個相同的工件。傳送帶間動摩擦因數為μ，工件質量為m。經測量，發(fā)現前面那些已經和傳送帶達到相同。速度的工件之間的距離均為L。已知重力加速度為g，下列判斷正確的有。則下列說法正確的是。降到、內阻增大到4Ω時仍可調零。該歐姆表換了一個電動勢為，內阻為10Ω的電池，調零后測量某電阻的阻值，滑動變阻器R2（1750?開關S及導線若干。時示數變化明顯，這是選擇了滑動變阻器造成的。24．(14分)某興趣小組對一輛自制小遙控車的性能進行研究。他們讓這輛小車在水平的直。過程中，2s~14s時間段內小車的功率保持不變，在14s末停止遙控而讓小車自由滑行。車的質量為1kg，可認為在整個過程中小車所受到的阻力大小不變。小車勻速行駛階段的功率為多少？
【正文】 1） （ 2） 9W （ 3） 81J 【解析】（ 1）在 14s~18s小車在阻力作用下做勻減速運動， 由圖象可知 /?a m s 由牛頓第二定律可知： ?f ma 解得 ?fN （ 2）在 10s~14s小車勻速運動，牽引力 F＝ f 根據 P＝ Fv 解得 P＝ 9W （ 3） 0 2s做勻加速，根據牛頓第二定律得： 2??F f ma 22 /?a m s 解得： 3?FN 所以 221211 1 .5 2 322? ? ? ? ?s a t m 1 3 3 9? ? ? ?W Fs J 變加速過程中功率不變，則 2 9 8 7 2? ? ? ?W Pt J 所以牽引力做的功為： 12 81? ? ?W W W J 25【答案】 (1)帶正電 , UUEvL BL? ? ? (2) 22m a x 2 ( 2 1)qB Lm U??, 22min qB Lm U? (3) 23( 2 1)2 BLt U ??? 【解析】由于粒子在 “ 梯形 ” 磁場中從邊界 AC 射出，可知粒子帶正電 由于粒子在左側正交電磁場中沿直線通過、且洛倫茲力不做功，故粒子速率不變， 有 qvB Eq? ， UUEvL BL? ? ? （ 2）在 “ 梯形 ” 區(qū)域內，粒子做勻速圓周運動由牛頓第二定律，有 2vqvB mR? 由上式知：當粒子質量有最小值時， R最小，粒子運動軌跡恰與 AC 相切（見圖甲）；當粒子質量有最大值時， R最大，粒子運動軌跡恰過 C點（見圖乙） 由幾何關系有 011(2 ) sin 4 5R L R?? ， 1 2( 2 1)RL?? 因 MN=L，所以 AMC? 是等邊直角三角形， 2RL? 解得， 22min qB Lm U?. 22m a x 2 ( 2 1)qB Lm U?? （ 3） T= 2mqB?粒子沿圖甲軌跡運動時對應的圓心角最大，有 00135 3360 8t T T??，解得23( 2 1)2 BLt U ??? 解：（ 1）光線 1通過玻璃磚后不偏折．光線 2在圓柱面上的入射角 θ 1=60176。 ，由折射定律得 n= ，得到 = 得 θ 2=30176。 由幾何知識得 θ 1′=60176。 ﹣ θ 2=30176。 又由折射定律得 n= 代入解得 θ 2′=60176。 由于 △BOC 是等腰三角形，則 = = R 所以 d= cotθ 2′= ． 【解答】解：人跳起后 A與 B碰撞前后動量守恒，機械能守恒， 設碰后 A的速度 v1， B的速度為 v2， mAv0=mAv1+mBv2 解得：312?v m/s 人下落與 B作用前后，水平方向動量守恒，設共同速度 v3， m 人 v0+mBv2=（ m 人 +mb） v3 代入數據得： v3= m/s 答：最終人與 B共同速度是 m/s．
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