山東省20xx年高三物理寒假作業(yè)6-資料下載頁
2025-11-21 19:45本頁面
【導(dǎo)讀】一正點電荷q僅在電場力作用下沿曲線MN運動，在M點的速度大小為v0，方向沿MP方向，點的時間間隔為丁=s。經(jīng)過測量得：d1=，d2=，d3=，本實驗電火花打點計時器使用的電源應(yīng)該是______；通過測量的數(shù)據(jù)計算F點對應(yīng)的速度大小為VF：______m／s；計算加速度a的表達式為________。進行測量，之后多用表的示數(shù)如圖所示，測得該元件電阻為Ω。開關(guān)s閉合前應(yīng)將滑動變阻器的滑片置于（選填。③若M、N電表的讀數(shù)分別為IM、IN，則Rx的計算式為Rx＝。壓器的匝數(shù)比為4∶1，輸電線的總電阻R＝4Ω，全校共22個教室，每個教室有“220V，發(fā)電機的輸出功率多大？輸電效率是多少？若每個教室使用燈數(shù)減半且正常發(fā)光，發(fā)電機輸出功率變?yōu)槎啻?？小球做平拋運動的初速度v0；P點與A點的水平距離和豎直高度；解答本題應(yīng)掌握：在探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系實驗中使用了控制變量法；物理學(xué)中引入“質(zhì)點”的模型時，采用了理想化方法；物理學(xué)中建立“加速度”的概念時，
【正文】 流為 I2′＝ /2/2UP ＝ 2205280 A＝ 24 A 兩個變壓器之間輸電線上的電流為 IR＝ I2＝ 4I/2＝ 6 A 故輸電線上損耗的電功率 PR＝ IR2 R＝ 144 W. 升壓變壓器的輸出功率為 P1′＝ PR＋ P2′＝ 5 424 W 而發(fā)電機輸出功率即為升壓變壓器的輸入功率 P出＝ P1＝ P1′＝ 5 424 W. 3分 （ 2）降壓變壓器上的輸入電壓 U2＝ 4U2′＝ 880 V 輸電線上的電壓損失為 UR＝ IRR＝ 24 V 因此升壓變壓器的輸出電壓為 U1′＝ UR＋ U2＝ 904 V 升壓變壓器的輸入電壓為 U1＝ 4U/1＝ 226 V 升壓變壓器的輸入電流為 I1＝ 4IR＝ 24 A 發(fā)電機的電動勢 E＝ U1＋ I1r＝ 226 V＋ 24 1 V＝ 250 V 3分 （ 3） η= 出有用PP 100%=54245280 100%=97% 2分 （ 4）燈泡減少一半時： P有用 /=2640 w 此時輸電線上的電流 IR/= 2/U有用P = 8802640 A=3A 故此時 P出 /= P有用 /+ IR/R=2676W 11. 考點： 機械能守恒定律；牛頓第二定律；平拋運動；向心力． 專題： 機械能守恒定律應(yīng)用專題． 分析： （ 1）恰好從光滑圓弧 ABC的 A點的切線方向進入圓弧，說明到到 A點的速度 vA方向與水平方向的夾角為 θ ，這樣可以求出初速度 v0； （ 2）平拋運動水平方向做勻速直線運動，豎直方向做自由落體運動，根據(jù)平拋運動的基本規(guī)律求出 P點與 A點的水平距離和豎直距離； （ 3）選擇從 A到 C的運動過程，運用 動能定理求出 C點速度，根據(jù)向心力公式求出小球在最高點 C時對軌道的壓力． 解答： 解：（ 1）小球到 A點的速度如圖所示，由圖可知 ， （ 2）由平拋運動規(guī)律得： 豎直方向有： vy=gt 水平方向有： x=v0t 解得： h= （ 3）取 A點為重力勢能的零點，由機械能守恒定律得： 代入數(shù)據(jù)得： 由圓周運動向心力公式得： 代入數(shù)據(jù)得： NC=8N 由牛頓第三定律得：小球?qū)壍赖膲毫Υ笮?，方向豎直向上 答：（ 1）小球做平拋運動的初速度為 2m/s； （ 2） P點與 A點的水平距離為 ，豎直高度 為 ； （ 3）小球到達圓弧最高點 C時，對軌道的壓力為 8N，方向豎直向上． 點評： 本題是平拋運動和圓周運動相結(jié)合的典型題目，除了運用平拋運動和圓周運動的基本公式外，求速度的問題，動能定理不失為一種好的方法．
教學(xué)課件相關(guān)推薦
鄂ICP備17016276號-1