四川省樂(lè)山20xx-20xx學(xué)年高二上學(xué)期第二次月考12月物理試題-資料下載頁(yè)
2024-11-26 22:47本頁(yè)面
【導(dǎo)讀】5．如圖所示，兩個(gè)電阻串聯(lián)后接在電路中a、b兩點(diǎn)，已知a、b兩點(diǎn)間電壓不變。7．如圖所示的電路中，電源電動(dòng)勢(shì)為6V，當(dāng)開(kāi)關(guān)S接通后，燈泡L1和L2都不亮，極板的邊緣飛出電場(chǎng)。下列說(shuō)法正確的是。13．如圖所示，把一個(gè)帶正電的小球a放在光滑的絕緣斜面上，欲使小球a能靜止在斜面上，現(xiàn)在直線(xiàn)MN上放一個(gè)帶電小球b，小球P與彈簧接觸到壓縮到最短的過(guò)程中，按圖示電路進(jìn)行連接后，通過(guò)多次改變滑動(dòng)變阻器觸頭位置，得到電流表A1和A2的。多組I1、I2數(shù)據(jù)，作出圖象如右圖。用多用電表粗測(cè)：多用電表電阻擋有4個(gè)倍率：分別為×1k、×100、×10、×1。行測(cè)量，應(yīng)該將選擇開(kāi)關(guān)置于的倍率。請(qǐng)?jiān)谙旅娣娇騼?nèi)畫(huà)出電路原理圖，完成所給的實(shí)驗(yàn)器材的實(shí)物圖的連接。
【正文】 220 （ 2） B ； E 。 F 。 17． (10 分 ) 解：解：小球處于靜止?fàn)顟B(tài)，可知小球受到重力、細(xì)線(xiàn)的拉力和電場(chǎng)力，三力平衡，受力分析如圖所示． (1)由圖可知，電場(chǎng)力與電場(chǎng)方向相反，該小球帶負(fù)電 (2 分 ) (2)由圖分析可知 mgqE??tan (2 分 ) 解得： ?tanqmgE ? (2 分 ) (3)將細(xì)線(xiàn)突然剪斷，小球僅受到重力、電場(chǎng)力作用，且力的大小保持恒定．因此小球做初速度為零的勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)， 且?cosmgF ?合 (2 分 ) 由牛頓第二定律得 :?cosga? (2 分 ) 18.（ 12分）解： （ 1） 當(dāng)將重物固定時(shí) I＝ ＝ 1 A (2 分 ) R＋ R1＝ U/I＝ 5 Ω ， R1＝ 2 Ω (2 分 ) (2)當(dāng)重物不固定時(shí) I′ ＝ EUr ?? ＝ A (2 分 )； 2 2MP U I I R W? ? ?? ? ? (2 分 ) (3) 2 1 1 .5MP P I R W?? ? ?機(jī) (2 分 )； P mgv?機(jī) ， 解得 v＝ m/s (2 分 ) 1 (12 分 )【 分 析】試題分析：（ 1）由牛頓第二定律求出加速度，然后應(yīng)用速度位移公式求出速度．（ 2）分別對(duì) A、 B、 AB 系統(tǒng)由牛頓第二定律求出加速度，然后應(yīng)用運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出 B 的速度． 解： （ 1）由牛頓第二定律得： ，代入數(shù)據(jù)解得： ， 由勻變速運(yùn)動(dòng)的速度位移公式得： ，代入數(shù)據(jù)解得： ； （ 2）由牛頓第二定律得： 對(duì) A： ，代入數(shù)據(jù)解得： ， 對(duì) B： ， 設(shè)經(jīng)時(shí)間 t， A、 B 速度相等，設(shè)為 ，速度相等后加速度為 ， 由勻變速運(yùn)動(dòng)的速度位移公式得 ，代入數(shù)據(jù)解得 t=1s， 由位移公式得： ， 代入數(shù)據(jù)解得： ，則： ； 又 d 、 ，故當(dāng) A 到達(dá)薄板右端時(shí)兩者速度相等， 由牛頓第二定律得 ，代入數(shù)據(jù)解得 ， 由速度位移公式得： ，由速度公式得： ，解得 ； （ 3） 由公式 相對(duì)fxQ? 第一個(gè)階段 A 物體向右邊加速到 4m/s 過(guò)程 中， f=0， 0Q1? 第二階段 A 向右減速， B 向右加速過(guò)程中， 2 ???? 相對(duì) 第三階段 AB 一起向有減速到 0，反向加速過(guò)程中，沒(méi)有相對(duì)位移， 0Q3? 綜上所述， ?總 【答案】（ 1） 4m/s；（ 2） m/s（ 3） ?總
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