四川省成都市20xx-20xx學(xué)年高二上學(xué)期月考物理試卷10月份word版含解析-資料下載頁
2025-11-03 05:55本頁面
【導(dǎo)讀】2020-2017學(xué)年四川省成都市新津中學(xué)高二（上）月考物理試卷。1．下列各物理量中，與試探電荷有關(guān)的量是（）。A．電場強度EB．電勢φC．電勢差UD．電場做的功W. 2．關(guān)于電場，下列敘述中正確的是（）。A．任意兩點間的電勢差，等于電場強度和這兩點間距離的乘積。B．正電荷周圍的電場強度一定比負(fù)電荷周圍的電場強度大。C．電勢降低最快的方向必是電場線的方向。3．如圖所示，在一條直線上有兩個相距A、B，A帶電+Q，B帶電﹣9Q．現(xiàn)。引入第三個點電荷C，恰好使三個點電荷均在電場力的作用下處于平衡狀態(tài)，則C的帶電。性質(zhì)及位置應(yīng)為（）。斜面的某位置由靜止釋放，它將沿斜面向上運動．設(shè)斜面足夠長，則在Q向上運動過程中。C．物塊P、Q的重力勢能和電勢能之和一直增大。5．如圖所示，實線為不知方向的三條電場線，從電場中O點以相同速度垂直于電場線方向。C．電子在B點時動能為×10﹣17J
【正文】 13．如圖所示，平行金屬帶電極板 A、 B間可看成勻強電場，場強 E= 102 V/m，極板間距離 d=5cm，電場中 C 到 B 兩板的距離為 1cm， B 板接地，求： （ 1） A板的電勢 φA 和 C 點的電勢 φC； （ 2）將點電荷 q=2 10﹣ 2 C 從 C 點移到 A板電勢能改變量 △ E． 【考點】 勻強電場中電勢差和電場強度的關(guān)系． 【分析】 （ 1）根據(jù) φA=Ed 求的 AC 兩點的電勢，其中 d 為到零點時的距離； （ 2）求的 CA間的電勢差，根據(jù) W=qU 求的電場力做功，即可判斷電勢能的改變量 【解答】 解：（ 1） A點的電勢為 C 點的電勢為 （ 2） CA間的電勢差為 UCA=φC﹣ φA=﹣ ﹣（﹣ 6） V= 故電場力做功為 W= 電場力做正功，故電勢能改變量為 △ E=﹣ W= 10﹣ 2J 答：（ 1） A板的電勢 φA 和 C 點的電勢 φC分別為﹣ 6V，﹣ （ 2）將點電荷 q=2 10﹣ 2 C 從 C 點移到 A板電勢能改變量 △ E 為﹣ 10﹣ 2J 14．如圖，一電容為 C的平行板電容器的兩個極板豎直放置，板間距離為 d，在兩極板間有一帶電小球質(zhì)量為 m，小球用一絕緣輕線懸掛于 O 點．先給電容器緩慢充電，使兩級板所帶電荷量分別為﹢ Q 和﹣ Q，此時懸線與豎直方向的夾角為 30176。．求： （ 1）小球帶電量 q； （ 2）再給電容器緩慢充電，直到懸線和豎直方向的夾角增加到 60176。，且小球與兩極板不接觸．第二次充電使電容器正極板增加的電荷量 △ Q． 【考點】 勻強電場中電勢差和電場強度的關(guān)系． 【分析】 （ 1）由 Q=CU 求的平行板間的電勢差，根據(jù) U=Ed 求的場強，根據(jù)受力分析共點力平衡求的所帶電荷 （ 2）對小球受力分析，受重力、電場力和拉力，根據(jù) U=Ed、 Q=cU、 F=qE 以及平衡條件分兩次列方程后求解出電容器極板電量 Q 的表達式進行討論 【解答】 解：（ 1）平行板間的電勢差為 U= 場強為 E= 對小球受力分析，有共點力平衡可得 mgtan30176。=qE 解得 （ 2）第二次充電后，電容器帶電量為： Q+△ Q，同理可得 聯(lián)立解得： △ Q=2Q 答：（ 1）小球帶電量 q 為 ； （ 2）再給電容器緩慢充電，直到懸線和豎直方向的夾角增加到 60176。，且小球與兩極板不接觸．第二次充電使電容器正極板增加的電荷量 △ Q 為 2Q 15．如圖所示，在 E=103V/m 的水平向左勻強電場中，有一光滑半圓形絕緣軌道豎直放置，軌道與一水平絕緣軌道 MN連接，半圓軌道所在平面與電場線平行，其半徑 R=40cm，一帶正電荷 q=10﹣ 4C 的小滑塊質(zhì)量為 m=40g，與水平軌道間的動摩擦因數(shù) μ=，取 g=10m/s2，求： （ 1）要小滑塊能運動到圓軌道的最高點 L，滑塊應(yīng)在水平軌道上離 N 點多遠(yuǎn)處釋 放？ （ 2）這樣釋放的小滑塊通過 P 點時對軌道的壓力是多大？（ P 為半圓軌道中點） 【考點】 帶電粒子在勻強電場中的運動；動能定理的應(yīng)用． 【分析】 （ 1）在小滑塊運動的過程中，摩擦力對滑塊和重力做負(fù)功，電場力對滑塊做正功，根據(jù)動能定理可以求得滑塊與 N 點之間的距離； （ 2）在 P 點時，對滑塊受力分析，由牛頓第二定律可以求得滑塊受到的軌道對滑塊的支持力的大小，由牛頓第三定律可以求滑塊得對軌道壓力． 【解答】 解：（ 1）小滑塊剛能通過軌道最高點條件是： mg=m ，解得：v= = =2m/s， 小滑塊由釋放點到最高點過程由動能定理： EqS﹣ μmgS﹣ mg?2R= mv2 所以 S= ，代入數(shù)據(jù)得： S=20m （ 2）小滑塊從 P 到 L 過程，由動能定理：﹣ mgR﹣ EqR= mv2﹣ mv2P 所以 v =v2+2（ g+ ） R 在 P 點由牛頓第二定律： FN﹣ Eq= 所以 FN=3（ mg+Eq） 代入數(shù)據(jù)得： FN= 由牛頓第三定律知滑塊通過 P 點時對軌道壓力為 ． 答：（ 1）要小滑塊能運動到圓軌道的最高點 L，滑塊應(yīng)在水平軌道上離 N 點 20m 處釋放； （ 2）這樣釋放的小滑塊通過 P 點時對軌道的壓力是 ． 16．如圖所示，靜止于 A處的粒子，經(jīng)電壓為 U 的加速電場加速后，沿圖中圓弧虛線通過靜電分析器，粒子在靜電分析器中做圓周運動．從 P 點垂直 CN進入矩形區(qū)域的勻強電場，電場方向水平向左，粒子恰能打在 Q 點．靜電分析器通道是半徑為 R 的 圓弧，內(nèi)有均勻輻向分布的電場，方向如圖所示；粒子質(zhì)量為 m、電荷量為 q； QN=d， PN=2d，粒子重力不計．求： （ 1）粒子的電性； （ 2）靜電分析器中粒子運動軌跡處電場強度 E 的大小； （ 3） P、 Q 兩點間的電壓 U1． 【考點】 帶電粒子在勻強電場中的運動；勻強電場中電勢差和電場強度 的關(guān)系． 【分析】 （ 1）根據(jù)粒子在靜電分析器的運動判斷電性 （ 2）在加速電場中由動能定理求的速度，在靜電分析器中電場力提供向心力 （ 3）在偏轉(zhuǎn)電場中粒子做類平拋運動，根據(jù)豎直方向勻速，水平方向勻加速即可求得 【解答】 解：（ 1）粒子在靜電分析器中做圓周運動，根據(jù)電場力提供做圓周運動的向心力可知，粒子帶正電； （ 2）在加速電場中，由動能定理可得： 在靜電分析器中有： qE= 聯(lián)立解得： E= （ 3）進入偏轉(zhuǎn)電場中豎直方向勻速運動，水平方向勻加速運動， d=vt 2d= 聯(lián)立解得： U1=16U 答：（ 1）粒子帶正電 （ 2）靜電分析器中粒子運動軌跡處電場強度 E 的大小為 （ 3） P、 Q 兩點間的電壓 U1為 16U
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