【正文】 03　kg/m3．【考點】液體的密度測量實驗．【分析】（1）根據(jù)圖示托盤天平中砝碼的質量，和游碼所對的刻度值可以知道燒杯和液體的質量．（2）利用圖示量筒的液面位置可以得到液體的體積，分析體積測量值的變化時要從其操作過程中進行分析；（3）明確圖象橫、縱坐標表示的物理量，結合密度的計算公式ρ=就可以計算出液體的密度．【解答】解：（1）如圖所示，砝碼質量為5g+20g+20g=45g，游碼所對的刻度值為4g，因此道燒杯和液體的質量為45g+4g=49g；（2）由圖乙中量筒中液面所對的刻度值可以知道該液體的體積為30ml，由于將液體從燒杯中向量筒中倒入的過程中，總有部分液體吸附在燒杯壁上，沒有倒入量筒中，所以導致了測量值偏?。?）由圖象可知，當燒杯中沒有液體時，燒杯的質量為25g；當燒杯中液體的體積為V=25ml=25cm3時，燒杯和液體的總質量為45g，由此可知燒杯中液體的質量為m=45g﹣25g=20g．所以液體的密度為ρ===103kg/m3；故答案為：（1）49；（2）30；偏?。唬?）25；103．【點評】題中提供的方法測量液體的體積偏小，導致實驗出現(xiàn)誤差，改進后的方法是：（1）用天平測出燒杯和液體的總質量m1；（2）將燒杯中的液體倒入量筒中一部分，記下液面的位置為V；（3）用天平測出剩余的液體和燒杯的總質量m2，則液體的密度為ρ=．　25．從高空下落的物體，速度會越來越快，而所受空氣阻力也會隨速度的增大而增大，因此物體下落一段距離后將以某一速度作勻速運動，通常把這個速度稱為收尾速度．例如雨滴從高空下落后越來越快，但在接近地面時作勻速運動．研究發(fā)現(xiàn)，在相同環(huán)境條件下，空氣對不同材質的球形物體的阻力與球的半徑和球的質量都有關系，下表為某次研究的實驗數(shù)據(jù)小球編號12345小球質量（g）25454040小球半徑（cm）24小球收尾（m/s）16404020（1）小明通過比較2號小球得出結論：相同半徑的小球，質量大的收尾速度也　大　．（2）編號為4號的小球，當小球受到的阻力最大時的速度為　20　m/s，此時小球受到的阻力為　　 N，依據(jù)的原理是　二力平衡　．1號小球和3號小球在達到收尾速度時所受到阻大小之比為　2：45　，當小球以“收尾”速度下落時，其動能將　不變?。ㄟx填“變大”、“變小”或“不變”）．（4）小明通過比較表格中的數(shù)據(jù)得出：小球的收尾速度除了與小球的質量有關，還與小球的半徑有關．請給5號小球的收尾速度填上合適的數(shù)據(jù)　5?。究键c】控制變量法與探究性實驗方案．【分析】（1）當編號為1和2的小球進行對比時，發(fā)現(xiàn)兩者半徑相同，質量不同，收尾速度也不同．分析其中規(guī)律．（2）當物體處于平衡狀態(tài)時，所受的力就是平衡力．平衡力的特點之一是兩個力大小相等．（3）根據(jù)題意，下落一段距離后將以某一速度作勻速運動，通常把這個速度稱為收尾速度，此時重力與阻力二力平衡，大小相等，其質量之比等于空氣阻力之比；影響動能的因素是質量和速度；（4）本題的最后一問需要利用控制變量法，只改變小球的半徑，分析收尾速度．【解答】解：（1）從表格數(shù)據(jù)中可得：小球1和小球2半徑相同，質量大的收尾速度也大．（2）因為4號小球在接近地面時作勻速運動，所受空氣阻力也會隨速度的增大而增大，所以最大速度為20m/s．小球重力G=mg=10N/kg=小球處于平衡狀態(tài)，根據(jù)二力平衡條件，所受重力與阻力相等，．（3）比較1號和3號小球可知，兩小球的半徑相同，高空勻速下落時，空氣阻力與重力是一對平衡力， ===；影響動能的因素是質量和速度，當小球以“收尾”速度勻速下落時，質量不變，速度不變，故其動能不變．（4）由2得小球半徑相同，收尾速度==， ===，由此可得：相同半徑的小球，所受空氣阻力與收尾速度成正比；由表中數(shù)據(jù)可知，3兩次實驗半徑r2：r3=1：3，收尾速度相同．小球質量之比為m2：m3=5：45=1：9，根據(jù)G=mg，可知重力之比為G2：G3=1：9，阻力與重力二力平衡，可知阻力之比為f2：f3=1：9；說明收尾速度相同時，阻力與半徑的平方成正比，綜合以上知：阻力相同時，收尾速度與半徑的平方成反比；即===，已知v1=20m/s，則v2=5m/s．故答案為：（1）大；（2）20；；二力平衡； （3）2：45；不變；（4）5．【點評】本題考查學生對二力平衡概念的掌握情況．需要利用所學知識，解釋收尾速度的概念．　26．如圖所示，小明在進行“測量小燈泡電功率”的實驗，他已連接了部分電路．已知電源電壓恒為3V，．實驗次數(shù)電壓表示數(shù)U/V電流表示數(shù)I/A123（1）請用筆畫線代替導線，將圖示電路連接完整；（2）連接好電路后，閉合開關，移動滑動變阻器的滑片，發(fā)現(xiàn)小燈泡始終不亮，此時電壓表有示數(shù)，電流表示數(shù)為零，則出現(xiàn)故障的原因可能是　燈泡斷路??；（3）故障排除后，小明將實驗數(shù)據(jù)記錄在表格中，則燈泡的額定功率是　　 W；當小燈泡正常發(fā)光時，滑動變阻器接入電路的電阻為　　Ω；由實驗數(shù)據(jù)可以發(fā)現(xiàn)通過燈泡的電流與其兩端的電壓不成正比關系，這是由于　燈絲的電阻隨溫度的變化而改變?。唬?）小明想通過實驗來比較燈泡“實際電壓是額定電壓一半時的電功率P1”和“實際電流是額定電流一半時的電功率P2”的大小，但小明的同學沒有通過實驗也比較出了它們的大小，P1　大于　P2（選填“大于”、“小于”或“等于”）【考點】電功率的測量．【分析】（1）滑動變阻器串聯(lián)在電路中，要接一上一下；（2）電流表有示數(shù)，電壓表無示數(shù)，與電壓表并聯(lián)的電路短路；（3）確定額定電壓時的電流，根據(jù)P=UI計算出額定電功率；根據(jù)R=計算出變阻器的電阻值；燈絲的電阻隨溫度的升高而增大，電流與電壓成正比的前提條件是，電阻不變；（4）如果燈泡電阻不隨溫度變化，則燈泡電壓為其額定電壓一半時的電流等于額定電流的一半，其實際功率等于額定功率的四分之一；實際上燈泡電阻隨溫度升高而增大，所以燈泡實際電壓為額定電壓一半時的電流大于額定電流的一半，此時燈泡實際功率大于額定功率的四分之一；如果燈泡電阻不隨溫度變化而變化，電流等于額定電流一半時，燈泡實際功率等于額定功率的四分之一，實際上燈泡溫度越低，燈泡電阻越小，通過燈泡電流為其額定電流一半時，燈泡電阻小于燈泡正常發(fā)光時的電阻，則燈泡實際功率小于額定功率的四分之一．【解答】解：（1）滑動變阻器串聯(lián)在電路中，已接了下面一個接線柱，可再接上面任意一個接線柱，如圖所示：（2）小燈泡始終不亮，電流表示數(shù)為零，電壓表有示數(shù)，與與電壓表并聯(lián)的燈泡斷路；（3）由表格中數(shù)據(jù)知，當U=，I=，則額定功率P=UI==；滑動變阻器的電阻R滑===；由于燈絲電阻隨溫度的變化而變化，通過燈泡的電流與其兩端的電壓不成正比關系；（4）因為P=所以燈泡實際電壓為其額定電壓一半時，它的實際功率P1＞P額；因為P=I2R所以實際電流等于額定電流一半時，實際功率P2＜P額，故P1＞P2．故答案為：（1）見上圖；（2）燈泡短路；（3）；；燈絲的電阻隨溫度的變化而改變；（4）大于．【點評】本題考查了連接實物電路圖、實驗故障分析、溫度對燈絲電阻的影響、歐姆定律的應用及電功率的計算，（4）分析起來比較抽象，關鍵是能夠分析出電壓和電流的變化關系．　27．小麗家新買了一臺電熱水器，下表是該熱水器的一些技術參數(shù)．型號FED﹣H50額定電壓220V最大水量50kg額定功率1500W她將水箱中裝滿初溫為25℃的水，通電后正常工作一段時間，發(fā)現(xiàn)家中的電能表由如圖中的數(shù)據(jù)變?yōu)檎垎枺海?）這段時間里熱水器消耗的電能是多少千瓦時？（2）該熱水器工作了多長時間？在這段時間內電能表的指示燈閃爍了多少次？（3）若該熱水器的電熱轉化效率為84%，經(jīng)過這段時間后水的溫度升高了多少？[c水=103J/（kg℃）]（4）如果水吸收的這些熱量，由燃燒煤氣來提供，求至少需要燃燒多少千克煤氣？（107J/kg）【考點】電功與熱量的綜合計算．【分析】（1）利用月末示數(shù)與月初示數(shù)的差求出消耗的電能；（2）利用P=求出工作時間；利用消耗的電能和電表的能量參數(shù)求出指示燈的閃爍次數(shù)；（3）利用效率公式求出水吸收的熱量，結合吸熱公式求出上升的溫度；（4）根據(jù)燃料放熱公式求出燃料的質量．【解答】解：（1）熱水器消耗的電能為：W=﹣=；（2）因為正常工作，所以P=1500W=，故由P=可得工作時間為：t===1h；指示燈的閃爍次數(shù)為：n=3200imp/kWh=4800imp；（3）由η=可得水吸收的熱量為：Q吸=Wη=106J84%=106J；根據(jù)Q=cm△t可得：△t===℃；（4）因為Q放=Q吸由Q放=mq可得：m===；答：（1）；（2）該熱水器工作了1h；在這段時間內電能表的指示燈閃爍了4800imp；（3）若該熱水器的電熱轉化效率為84%，℃；（4）如果水吸收的這些熱量，由燃燒煤氣來提供，．【點評】此題主要考查學生對于電能表電能求解、功率公式、物質吸熱公式以及放熱公式的理解和掌握，屬于中考綜合題．