20xx年高考物理第九章第二課時電場能的性質(zhì)的描述練習(xí)-資料下載頁
2025-03-15 03:48本頁面
【正文】 可判斷兩者之間必為斥力，故小物塊的電勢能必然減小（因為電場力對其做正功），故B錯；由動能定理有WG+W電+Wf=0，且WG＞0，W電＞0，故W電＜Wf，即C對.答案:AC＜L＜M()解析:因為k＜L，且?guī)щ娏Ｗ釉赼b段做減速運動，因此粒子帶正電，A錯誤；由電場線分布情況可知a點場強小于b點場強，因此粒子在a點的加速度小于在b點的加速度，B錯誤；a點和e點處在同一等勢面上，因此該粒子在該兩點的動能、電勢能都相等，C正確；b點和d點處在同一等勢面上，b、d兩點的電勢能相等，由于帶電粒子在ab段做減速運動即該階段電場力做負功，電勢能增加，即a點的電勢能小于b點的電勢能，故D正確.答案:CD，把電量為5109C的電荷，從電場中的A點移到B點，其電勢能 （選填“增大”“減小”或“不變”）；若A點的電勢UA=15V，B點的電勢UB=10V，則此過程中電場力做的功為J.AB=qUAB=q(UAUB)=5109108J.108，絕緣水平板面上，相距為L的A、C、D是AB連線上的兩點，AC=CO=OD=OB=1/、電量為+q的小滑塊（可視為質(zhì)點）以初動能E0從C點出發(fā)，沿直線AB向D運動，滑動第一次經(jīng)過O點時的動能為nE0（n＞1），到達D點時動能恰好為零，小滑塊最終停在O點，求：（1）小滑塊與水平板面之間的動摩擦因數(shù)μ。(2)OD兩點間的電勢差UOD；（3）小滑塊運動的總路程S.解析:(1)根據(jù)動能定理.CO：W電+Wf=nE0E0①OD：W電′+Wf=0nE0②Wf=μmg③根據(jù)題意W電=W′電④聯(lián)立①②③④解得μ=2E0/Lmg⑤(2)根據(jù)動能定理，O到D過程有qUODμmg =OnE0⑥解⑤⑥得U0D= (12n)⑦(3)由初始C點至最終停止于O點，根據(jù)動能定理有qUCOμmgS=0E0⑧UCO=UOD⑨聯(lián)立⑤⑦⑧⑨解得總路程⑩答案： 11.為使帶負電的點電荷q在一勻強電場中沿直線勻速地由A運動到B，必須對該電荷施加一個恒力F，如圖所示，若AB= m，α＝３７176。,q=3107 C104 N，A點的電勢UA=100 V.（不計負電荷受到的重力）（1）在圖中用實線畫出電場線，用虛線畫出通過A、B兩點的等勢線，并標明它們的電勢.（2）求q在由A到B的過程中電勢能的變化量是多少？解析:(1)因為點電荷在電場中勻速運動.所以FqE=0方向與F的方向相同.UAB=Ecosα=500 V=160 V.B=AUAB=100160=60 V電場線和等勢線如圖所示（2）電勢能的增加量為ΔEΔE=W電ΔE=qUAB=3107105 J.答案:(1)如圖105 J，+2q，b球的帶電荷量為3q，組成一帶電系統(tǒng)，如圖所示，虛線MP為AB兩球連線的垂直平分線，虛線 ，距MP的距離均為L，且A球距虛線 ，不計輕桿的質(zhì)量，在虛線MP、 NQ間加上水平向右的勻強電場E后，求：（1） B球剛進入電場時，帶電系統(tǒng)的速度大小.（2）帶電系統(tǒng)從開始運動到速度第一次為零所需時間以及B球電勢能的變化量.解析:(1)帶電系統(tǒng)開始運動時，設(shè)加速度為a1，由牛頓第二定律得：當球B剛進入電場時，帶電系統(tǒng)的速度為v1，有=2a1L,求得(2)對帶電系統(tǒng)進行分析，假設(shè)球A能到達右邊界，電場力對系統(tǒng)做功為W1，有W1=2qE3L+(3qL2L)=0故帶電系統(tǒng)速度第一次為零時，球A恰好到達右邊界 NQ.設(shè)球B從靜止到剛進入電場時間為t1，設(shè)球B進入電場后，帶電系統(tǒng)的加速度為a2，由牛頓第二定律得：2，則有可知，帶電系統(tǒng)從靜止到速度第一次為零所需的時間為B球電勢能增加了ΔEP=3qE2L=6qEL.答案：
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