【文章內(nèi)容簡介】 解答】 解：對整體分析，受重力和支持力，摩擦力，整體的加速度 a= =gsinθ﹣ μgcosθ ．可知蘋果的加速度為 gsinθ ﹣ μgcosθ ，蘋果受重力、周圍蘋果的作用力，兩個力的合力等于 mgsinθ ﹣ μmgcosθ ，所以其他蘋果對該蘋果的作用力等于 μmgcosθ ，方向沿斜面向上，根據(jù) W=Fscosα 可知， F做負功，故 B正確 故選 B 【點評】 解決本題的關鍵掌握牛頓第二定律，以及抓住加速度相同，運用整體法和隔離法進行分析． 6．如圖所示，小車內(nèi)兩根不可伸長的細線 AO、 BO拴住一小球，其中 BO水平，小車沿水平地面向右做加速運動， AO與 BO 的拉力分別為 TA、 TB，若加速度增大，則（ ） A． TA、 TB均增大 B． TA、 TB均減小 C． TA不變， TB增大 D． TA減小， TB不變 【考點】 牛頓第二定律；物體的彈性和彈力． 【專題】 牛頓運動定律綜合專題． 【分析】 對小球進行受力分析，根據(jù)正交分解，運用牛頓第二定律分別求出小車加速度變化后繩中的拉力變化． 【解答】 解：當小車向右做加速運動，小球的加速度與小車具有相同的加速度，根據(jù)牛頓第二定律有： TAO′cosθ=m g，則 T′ BO﹣ TAO′sinθ ﹣ =ma，解得 TBO′=mgtanθ+ma ． 知加速度增大時，繩 AO的拉力不變，繩 BO 的拉力增大．故 C正確， A、 B、 D錯誤． 故選： C． 【點評】 解決本題的關鍵能夠正確地進行受力分析，運用牛頓第二定律進行求解． 7．汽車在平直公路上以速度 v0勻速行駛，發(fā)動機功率為 P，快進入鬧市區(qū)時，司機減小了油門，使汽車的功率立即減小一半并保持該功率繼續(xù)行駛．下面四個圖象中，哪個圖象正確表示了從司機減小油門開始，汽車的速度與時間的關系（ ） A． B． C． D． 【考 點】 牛頓運動定律的綜合應用；功率、平均功率和瞬時功率． 【分析】 汽車勻速行駛時牽引力等于阻力，根據(jù)功率和速度關系公式 P=Fv，功率減小一半時，牽引力減小了，物體減速運動，根據(jù)牛頓第二定律分析加速度和速度的變化情況即可． 【解答】 解：汽車勻速行駛時牽引力等于阻力； 功率減小一半時，汽車的速度由于慣性來不及變化，根據(jù)功率和速度關系公式 P=Fv，牽引力減小一半，小于阻力，合力向后，汽車做減速運動，由公式 P=Fv可知，功率一定時，速度減小后，牽引力增大，合力減小，加速度減小，故物體做加速度不斷減小的減速運動，當牽引力增大到等于阻力時，加速度減為零，物體重新做勻速直線運動； 故選 C． 【點評】 本題關鍵分析清楚物體的受力情況，結(jié)合受力情況再確定物體的運動情況． 8．關于熱力學定律和分子動理論，下列說法正確的是（ ） A．一定量氣體吸收熱量，其內(nèi)能一定增大 B．不可能使熱量由低溫物體傳遞到高溫物體 C．若兩分子間距離增大，分子勢能一定增大 D．若兩分子間距離減小，分子間引力和斥力都增大 【考點】 分子間的相互作用力；熱力學第一定律． 【專題】 分子間相互作用力與分子間距離的關系． 【分析】 做功和熱傳遞都能改變內(nèi)能 ，不可能使熱量由低溫物體傳遞到高溫物體而不引起其它變化，若兩分子間距離減小，分子間引力和斥力都增大． 【解答】 解： A、做功和熱傳遞都能改變內(nèi)能，氣體吸收熱量，其內(nèi)能不一定增大， A錯誤； B、可以使熱量由低溫物體傳遞到高溫物體，但要引起其它變化，如電冰箱，故 B錯誤； C、若分子間距大于平衡位置時，分子間距離增大，分子勢能一定增大， C錯誤； D、若兩分子間距離減小，分子間引力和斥力都增大， D正確； 故選： D． 【點評】 本題考查了分子間的引力和斥力，改變內(nèi)能的方式，記住熱力學第一定律的公式． 9．在某次自由式 滑雪比賽中，一運動員從弧形雪坡上沿水平方向飛出后，又落回到斜面雪坡上，如圖所示，若斜面雪坡的傾角為 θ ，飛出時的速度大小為 v0，不計空氣阻力，運動員飛出后在空中的姿勢保持不變，重力加速度為 g，則（ ） A．運動員在空中經(jīng)歷的時間是 B．運動員落到雪坡時的速度大小是 C．如果 v0不同，則該運動員落到雪坡時的速度方向也就不同 D．不論 v0多大，該運動員落到雪坡時的速度方向都是相同的 【考點】 平拋運動． 【專題】 平拋運動專題． 【分析】 運動員離開平臺做平拋運動，抓住豎直位移和水平位移的關系得出運動的 時間，結(jié)合速度方向與水平方向夾角與位移方向與水平方向夾角的關系得出速度的方向． 【解答】 解： A、根據(jù) tanθ= ，解得平拋運動的時間 t= ．故 A錯誤． B、速度與水平方向夾角的正切值 ，可知速度與水平方向的夾角的正切值是位移與水平方向夾角的正切值的 2倍．落到雪坡上速度方向與水平方向的夾角不等于 θ ，根據(jù)平行四邊形定則知，速度 v ．故 B錯誤． C、物體落在雪坡上，速度方向與水平方向的夾角正切值是位移與水平方向夾角正切值的 2倍，位移與水平方向的夾角不變，則速度方向與水平方向的夾角不變．故 D正確， C錯誤． 故選： D． 【點評】 解決本題的關鍵知道平拋運動在水平方向和豎直方向上的運動規(guī)律，以及知道速度方向與水平方向夾角的正切值是位移方向與水平方向夾角正切值的 2倍． 10．如圖所示，一物體以初速度 v0沖向光滑斜面 AB，并能沿斜面恰好上升到高度為 h的 B點，下列說法中正確的是（ ） A．若把斜面從 C點鋸斷，由機械能守恒定律可知，物體沖出 C點后仍能升高 h B．若把斜面彎成圓弧形 AB′ ，物體仍能沿 AB′ 升高 h C．無論是把斜面從 C點鋸斷還是把斜面彎成圓弧形，物體都不能升高 h，因為機械能不守恒 D．無論是把斜面從 C點鋸斷還 是把斜面彎成圓弧形，物體都不能升高 h，但機械能守恒 【考點】 機械能守恒定律． 【專題】 機械能守恒定律應用專題． 【分析】 物體上升過程中軌道的支持力不做功，只有重力做功，機械能守恒；斜拋運動運動最高點，速度不為零； AD軌道最高點，合力充當向心力，速度也不為零． 【解答】 解： A、若把斜面從 C點鋸斷，物體沖過 C點后做斜拋運動，斜拋運動的最高點有水平分速度，速度不為零，由于物體機械能守恒可知，故不能到達 h高處，故 A錯誤； B、若把斜面彎成圓弧形 AB′ ，如果能到圓弧最高點，根據(jù)機械能守恒定律得知：到達 h處的速度應 為零，而物體要到達最高點，必須由合力充當向心力，速度不為零，故知物體不可能升高 h，故 B錯誤 C、根據(jù) AB分析可知， C錯誤， D正確； 故選： D 【點評】 本題關鍵是根據(jù)機械能守恒定律分析，同時要知道斜拋運動和沿圓弧內(nèi)側(cè)運動到達最高點時，速度都不為零． 11．如圖所示，極地衛(wèi)星的運行軌道平面通過地球的南、北兩極（軌道可視為圓軌道，圖中外圍虛線），若測得一個極地衛(wèi)星從北緯 30176。 的正上方，按圖示方向（圖中逆時針方向）第一次運行至南緯 60176。 正上方時所用時間為 t，已知：地球半徑為 R（地球可看做球體），地球表面的重力加 速度為 g，引力常量為 G，由以上條件可以求出（ ） A．衛(wèi)星運動的周期 B．衛(wèi)星距地面的高度 C．衛(wèi)星質(zhì)量 D．衛(wèi)星所受的向心力 【考點】 人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關系． 【專題】 人造衛(wèi)星問題． 【分析】 地球表面重力等于萬有引力，衛(wèi)星運動的向心力由地球?qū)πl(wèi)星的萬有引力提供，據(jù)此展開討論即可． 【解答】 解： A、衛(wèi)星從北緯 30176。 的正上方，第一次運行至南緯 60176。 正上方時，剛好為運動周期的 ，所以衛(wèi)星運行的周期為 4t，故 A正確； B、知道周期、地球的半徑，由 ，可以算出衛(wèi)星距地面的高度，故 B正確； C、 通過上面的公式可以看出，只能算出中心天體的質(zhì)量，不能計算出衛(wèi)星的質(zhì)量，以及衛(wèi)星受到的向心力．故 C錯誤， D錯誤． 故選： AB． 【點評】 該題考查萬有引力定律的應用，靈活運動用重力和萬有引力相等以及萬有引力提供圓周運動的向心力是解決本題的關鍵． 12．質(zhì)量為 ，由于滑動摩擦力的作用，其動能隨位移變化的情況如圖所示，若 g取 10m/s2，則下列判斷正確的是（ ） A．物體與水平面間的動摩擦因數(shù)為 B．物體與水平面間的動摩擦因數(shù)為 C．物體滑行的總時間 為 D．物體滑行的總時間為 【考點】 動能定理；動摩擦因數(shù)；牛頓第二定律