【文章內(nèi)容簡介】 右 根據(jù)平衡條件，的拉力大小F=mgtanαTFmg（2）運動中只有重力做功，系統(tǒng)機械能守恒 則通過最低點時，小球的速度大小 根據(jù)牛頓第二定律 解得輕繩對小球的拉力 ，方向豎直向上 2011普通高校招生考試試題匯編靜電場(2011江蘇省第8題)．AB 2（2011安徽第18題）．答案：B解析：由于電極XX’加的是掃描電壓，電極YY’之間所加的電壓信號電壓，所以熒光屏上會看到的圖形是B，答案B正確。3（2011安徽第20題）．答案：B解析：若，帶正電粒子先加速向B板運動、再減速運動至零；然后再反方向加速運動、減速運動至零；如此反復(fù)運動，每次向右運動的距離大于向左運動的距離，最終打在B板上，所以A錯誤。若，帶正電粒子先加速向A板運動、再減速運動至零；然后再反方向加速運動、減速運動至零；如此反復(fù)運動，每次向左運動的距離大于向右運動的距離，最終打在A板上，所以B正確。若，帶正電粒子先加速向A板運動、再減速運動至零；然后再反方向加速運動、減速運動至零；如此反復(fù)運動，每次向左運動的距離小于向右運動的距離，最終打在B板上，所以C錯誤。若，帶正電粒子先加速向B板運動、再減速運動至零；然后再反方向加速運動、減速運動至零；如此反復(fù)運動，每次向右運動的距離大于向左運動的距離，最終打在B板上，所以D錯誤。4（2011全國卷1第17題）．解析： 5（2011海南第1題）.解析：考察電場和電勢概念，選D6（2011海南第3題）.解析：設(shè)2距離為R，則：，3與2接觸后，它們帶的電的電量均為：，再3與1接觸后，它們帶的電的電量均為，最后有上兩式得：n=67（2011新課標理綜第20題）.解析：主要考查電場力方向和曲線運動所受合外力與軌跡的關(guān)系。正確答案是D。8（2011天津第5題）．【解析】：考查平行板電容器的相關(guān)知識。，當(dāng)電荷量變?yōu)?Q時，，C選項正確?！敬鸢浮浚篊9(廣東第21題).解析：電子吸附塵埃使塵埃帶負電，受力與電場方向相反，AC錯。F=Eq，故BD正確。選BD10（2011山東第21題）．答案：BC解析：根據(jù)等量異種點電荷的電場的分布特點和疊加原理可知A錯誤，B正確；因為a、b、c三點所在直線平行于兩電荷的連線，且a與c關(guān)于MN對稱，a、b兩點的電勢差等于b、c兩點間的電勢差，C正確；根據(jù)等量異種點電荷的電場的分布特點，a點的電勢高于c點的電勢，所以試探電荷+q在a點的電勢能大于在c點的電勢能，D錯誤。11(重慶第19題).12（2011上海第1題）．答案：C13（2011上海第14題）．答案：A14 (2011上海第16題)．答案：D15 (2011上海23)．答案：，16(浙江第25題).答案：（1）（2）當(dāng)時，收集效率為100%；當(dāng)時，收集率（3）=，如圖所示。解析：（1）收集效率為81%，設(shè)高壓電源的電壓為，在水平方向有 ①在豎直方向有 ②其中 ③當(dāng)減少兩板間距是，能夠增大電場強度，提高裝置對塵埃的收集效率。收集效率恰好為100%時，兩板間距為。如果進一步減少，收集效率仍為100%。因此，在水平方向有 ④在豎直方向有 ⑤其中 ⑥聯(lián)立①②③④⑤⑥可得 ⑦（2）通過前面的求解可知，當(dāng)時，收集效率為100% ⑧當(dāng)時，設(shè)距下板處的塵埃恰好到達下板的右端邊緣，此時有 ⑨根據(jù)題意，收集效率為 ⑩聯(lián)立①②③⑨⑩可得（3）穩(wěn)定工作時單位時間下板收集的塵埃質(zhì)量=當(dāng)時，因此=當(dāng)時，因此=繪出的圖線如下17（2011北京第24題）．解析：（1）由圖可知，0與d（或d）兩點間的電勢差為φ0電場強度的大小 電場力的大小 （2）設(shè)粒子在[x0，x0]區(qū)間內(nèi)運動，速率為v，由題意得 由圖可知 由得 因動能非負，有 得 即 粒子運動區(qū)間（3）考慮粒子從x0處開始運動的四分之一周期根據(jù)牛頓第二定律，粒子的加速度 由勻加速直線運動 將代入，得 粒子運動周期 2011普通高校招生考試試題匯編恒定電流1(北京第17題)．2(海南第2題).解析：S開，相當(dāng)于電阻變大，總電流減小，故端電壓增大，的讀數(shù)變大，把R1歸為內(nèi)阻，則R3中的電壓也增大，R3中的電流也增大，R3中的電壓也增大，3(2011上海第6題)．答案：D4(2011上海第12題)．答案：A5（2011安徽第21題Ⅱ）．解析：（1）①斷開待測電阻，將選擇開關(guān)旋到“100”檔： ②將兩表筆短接，調(diào)整“歐姆調(diào)零旋鈕”，使指針指向“0Ω”； ③再接入待測電阻，將指針示數(shù)100，即為待測電阻阻值。（2）如圖所示（3）電阻 2 1 6（2011全國卷1第23題）．解析：(1)黑(2)、 (3)102 (4)電表內(nèi)阻r=15Ω,外阻為R=：I=53mA,求出E=I(R+r)=，從而求出短路電流：I′==102mA7（2011海南第13題）. 8（2011新課標理綜第22題）.（解析：（1）R0、標準電流表A0；（2）RN，標準電流表A0的示數(shù)為I；（3）平均值9（2011天津第5題（4））【解析】：電學(xué)實驗選擇儀器的一般步驟如下：① 根據(jù)量程選擇電流表和電壓表，不能超過表的量程，不能量程太大導(dǎo)致表的讀數(shù)偏??；② 根據(jù)題中關(guān)鍵語句，如精確測量，從零開始連續(xù)可調(diào)等等選擇分壓電路亦或是限流電路；分壓電路滑動變阻器選擇小阻值，限流電路滑動變阻器選擇大阻值；③ 選擇電流表的內(nèi)外接法，一般的原則是“大內(nèi)偏大，小外偏小”；也可以根據(jù)與之間的關(guān)系來判斷，當(dāng)時，采用電流表的外接法，反之選擇電流表內(nèi)接法。（1）本題中，待測電阻Rx的阻值約為25kΩ，直流電源電動勢為20V，經(jīng)粗略計算電路中最大的電流約為，所以電流表選擇B；雖然電壓表C的量程不足，但是相比起來電壓表D的量程超過太多，讀數(shù)偏小，所以電壓表選擇C表。（2）根據(jù)本題解析的第②、③兩條原則可知電路圖的問題為：①電流表應(yīng)采用內(nèi)接的方法；②滑動變阻器應(yīng)采用分壓器方式的接法 。10（2011浙江第22題）.答案：（1）如圖所示；（2）電阻率的允許范圍： ：~：~：~通過計算可知，金屬絲a與c電阻率相同，遠大于金屬絲b的電阻率。解析：（1）以O(shè)P間距離x為橫軸，以電壓表讀數(shù)U為縱軸，描點、連線繪出電壓表讀數(shù)U隨OP間距離x變化的圖線。（2）根據(jù)電阻定律可得。通過計算可知，金屬絲a與c電阻率相同，遠大于金屬絲b的電阻率。11(廣東第34（2）題)解析：答案：（2）x1 左端 右端 ab①電珠電阻較小，故選“x1”檔②如右圖③P置左端電珠兩端電壓最?、躠b之間電流值相差太大12 (2011北京第21題)答案：（1）S T 0刻線 ADC13（2011上海第29題）．答案.(1)③，⑥ (各1分)(2)見圖 (2分)(3)①將滑動觸頭移至最左端(寫最小給分，最大不給分) ③多次移動滑動觸頭，記錄相應(yīng)的，讀數(shù) (1分) (4) (3分)14（2011山東第23題）答案：①如圖所示②③b c15 (江蘇第11題)．答案：16(福建第19（2）題)答案：①D ②Ⅰ.左 Ⅱ 1 5 Ⅲ. 增大解析：由于小電珠的電阻一般不大，使用多用電表直接測量小電珠的電阻，則應(yīng)將選擇開關(guān)旋至歐姆1，選項D正確。對于分壓電路，開關(guān)S閉合前，滑動變阻器的滑片P應(yīng)置于使小電珠上電壓為零處，即最左端。閉合開關(guān)S后，無論如何調(diào)節(jié)滑片P，電壓表和電流表的示數(shù)總是調(diào)不到零，其原因是滑動變阻器左端與電源沒有連接好。由描繪出的小電珠的伏安特性曲線可知，小電珠的電阻值隨工作電壓的增大而增大。 17(四川第22（2）題)解析：（2）①改裝電壓表時，其內(nèi)阻值要準確告知，所以排除A．B而選C；再由歐姆定律可知，代入數(shù)據(jù)得；②電路圖如上圖所示；③根據(jù)歐姆定律，可得通式為，代入數(shù)據(jù)兩次，即得答案?！敬鸢浮浚?） ① C 6 ； ② 見上圖； ③ 7．5 10 。18(重慶第20題).19(重慶22（1）)答案：1 乙 ③ 2011普通高校招生考試試題匯編磁場參考答案1（2011全國卷1第15題）。解析：要合磁感應(yīng)強度為零，必有和形成兩個場等大方向，只有C點有可能，選C2（2011海南第7題）．解析：考察科學(xué)史，選ACD3（2011海南第10題）.解析：在磁場中半徑 運動時間：（θ為轉(zhuǎn)過圓心角），故BD正確，當(dāng)粒子從O點所在的邊上射出的粒子時：軌跡可以不同，但圓心角相同為1800，因而AC錯4（2011新課標理綜第14題）.解析：主要考查安培定則和地磁場分布。根據(jù)地磁場分布和安培定則判斷可知正確答案是B。5．（2011新課標理綜第18題）.解析：主要考查動能定理。利用動能定理有 ,B=kI解得。所以正確答案是BD。6（2011浙江第20題）.答案：BC解析：由左手定則可判斷粒子帶負電，故A錯誤；由題意知：粒子的最大半徑、粒子的最小半徑，根據(jù)，可得、則，故可知B、C正確，D錯誤。7(2011上海第18題)．答案：BC8（2011安徽第23）．解析：（1）設(shè)帶電粒子的質(zhì)量為m，電荷量為q，初速度為v，電場強度為E?？膳袛喑隽Ｗ邮艿降穆鍌惔帕ρ豿軸負方向，于是可知電場強度沿x軸正方向且有 qE=qvB ①又 R=vt0 ②則 ③（2）僅有電場時，帶電粒子在勻強電場中作類平拋運動在y方向位移 ④由②④式得 ⑤設(shè)在水平方向位移為x，因射出位置在半圓形區(qū)域邊界上，于是 又有 ⑥得 ⑦（3）僅有磁場時，入射速度，帶電粒子在勻強磁場中作勻速圓周運動，設(shè)軌道半徑為r，由牛頓第二定律有 ⑧又 qE=ma ⑨由⑦⑧⑨式得 ⑩由幾何關(guān)系 即 帶電粒子在磁場中運動周期 則帶電粒子在磁場中運動時間 所以