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正文內(nèi)容

20xx年高考物理試題分類匯編(全一本)-答案(編輯修改稿)

2025-02-10 09:05 本頁面
 

【文章內(nèi)容簡介】 右 根據(jù)平衡條件,的拉力大小F=mgtanαTFmg(2)運動中只有重力做功,系統(tǒng)機械能守恒 則通過最低點時,小球的速度大小 根據(jù)牛頓第二定律 解得輕繩對小球的拉力 ,方向豎直向上 2011普通高校招生考試試題匯編靜電場(2011江蘇省第8題).AB 2(2011安徽第18題).答案:B解析:由于電極XX’加的是掃描電壓,電極YY’之間所加的電壓信號電壓,所以熒光屏上會看到的圖形是B,答案B正確。3(2011安徽第20題).答案:B解析:若,帶正電粒子先加速向B板運動、再減速運動至零;然后再反方向加速運動、減速運動至零;如此反復(fù)運動,每次向右運動的距離大于向左運動的距離,最終打在B板上,所以A錯誤。若,帶正電粒子先加速向A板運動、再減速運動至零;然后再反方向加速運動、減速運動至零;如此反復(fù)運動,每次向左運動的距離大于向右運動的距離,最終打在A板上,所以B正確。若,帶正電粒子先加速向A板運動、再減速運動至零;然后再反方向加速運動、減速運動至零;如此反復(fù)運動,每次向左運動的距離小于向右運動的距離,最終打在B板上,所以C錯誤。若,帶正電粒子先加速向B板運動、再減速運動至零;然后再反方向加速運動、減速運動至零;如此反復(fù)運動,每次向右運動的距離大于向左運動的距離,最終打在B板上,所以D錯誤。4(2011全國卷1第17題).解析: 5(2011海南第1題).解析:考察電場和電勢概念,選D6(2011海南第3題).解析:設(shè)2距離為R,則:,3與2接觸后,它們帶的電的電量均為:,再3與1接觸后,它們帶的電的電量均為,最后有上兩式得:n=67(2011新課標(biāo)理綜第20題).解析:主要考查電場力方向和曲線運動所受合外力與軌跡的關(guān)系。正確答案是D。8(2011天津第5題).【解析】:考查平行板電容器的相關(guān)知識。,當(dāng)電荷量變?yōu)?Q時,,C選項正確。【答案】:C9(廣東第21題).解析:電子吸附塵埃使塵埃帶負電,受力與電場方向相反,AC錯。F=Eq,故BD正確。選BD10(2011山東第21題).答案:BC解析:根據(jù)等量異種點電荷的電場的分布特點和疊加原理可知A錯誤,B正確;因為a、b、c三點所在直線平行于兩電荷的連線,且a與c關(guān)于MN對稱,a、b兩點的電勢差等于b、c兩點間的電勢差,C正確;根據(jù)等量異種點電荷的電場的分布特點,a點的電勢高于c點的電勢,所以試探電荷+q在a點的電勢能大于在c點的電勢能,D錯誤。11(重慶第19題).12(2011上海第1題).答案:C13(2011上海第14題).答案:A14 (2011上海第16題).答案:D15 (2011上海23).答案:,16(浙江第25題).答案:(1)(2)當(dāng)時,收集效率為100%;當(dāng)時,收集率(3)=,如圖所示。解析:(1)收集效率為81%,設(shè)高壓電源的電壓為,在水平方向有 ①在豎直方向有 ②其中 ③當(dāng)減少兩板間距是,能夠增大電場強度,提高裝置對塵埃的收集效率。收集效率恰好為100%時,兩板間距為。如果進一步減少,收集效率仍為100%。因此,在水平方向有 ④在豎直方向有 ⑤其中 ⑥聯(lián)立①②③④⑤⑥可得 ⑦(2)通過前面的求解可知,當(dāng)時,收集效率為100% ⑧當(dāng)時,設(shè)距下板處的塵埃恰好到達下板的右端邊緣,此時有 ⑨根據(jù)題意,收集效率為 ⑩聯(lián)立①②③⑨⑩可得(3)穩(wěn)定工作時單位時間下板收集的塵埃質(zhì)量=當(dāng)時,因此=當(dāng)時,因此=繪出的圖線如下17(2011北京第24題).解析:(1)由圖可知,0與d(或d)兩點間的電勢差為φ0電場強度的大小 電場力的大小 (2)設(shè)粒子在[x0,x0]區(qū)間內(nèi)運動,速率為v,由題意得 由圖可知 由得 因動能非負,有 得 即 粒子運動區(qū)間(3)考慮粒子從x0處開始運動的四分之一周期根據(jù)牛頓第二定律,粒子的加速度 由勻加速直線運動 將代入,得 粒子運動周期 2011普通高校招生考試試題匯編恒定電流1(北京第17題).2(海南第2題).解析:S開,相當(dāng)于電阻變大,總電流減小,故端電壓增大,的讀數(shù)變大,把R1歸為內(nèi)阻,則R3中的電壓也增大,R3中的電流也增大,R3中的電壓也增大,3(2011上海第6題).答案:D4(2011上海第12題).答案:A5(2011安徽第21題Ⅱ).解析:(1)①斷開待測電阻,將選擇開關(guān)旋到“100”檔: ②將兩表筆短接,調(diào)整“歐姆調(diào)零旋鈕”,使指針指向“0Ω”; ③再接入待測電阻,將指針示數(shù)100,即為待測電阻阻值。(2)如圖所示(3)電阻 2 1 6(2011全國卷1第23題).解析:(1)黑(2)、 (3)102 (4)電表內(nèi)阻r=15Ω,外阻為R=:I=53mA,求出E=I(R+r)=,從而求出短路電流:I′==102mA7(2011海南第13題). 8(2011新課標(biāo)理綜第22題).(解析:(1)R0、標(biāo)準(zhǔn)電流表A0;(2)RN,標(biāo)準(zhǔn)電流表A0的示數(shù)為I;(3)平均值9(2011天津第5題(4))【解析】:電學(xué)實驗選擇儀器的一般步驟如下:① 根據(jù)量程選擇電流表和電壓表,不能超過表的量程,不能量程太大導(dǎo)致表的讀數(shù)偏??;② 根據(jù)題中關(guān)鍵語句,如精確測量,從零開始連續(xù)可調(diào)等等選擇分壓電路亦或是限流電路;分壓電路滑動變阻器選擇小阻值,限流電路滑動變阻器選擇大阻值;③ 選擇電流表的內(nèi)外接法,一般的原則是“大內(nèi)偏大,小外偏小”;也可以根據(jù)與之間的關(guān)系來判斷,當(dāng)時,采用電流表的外接法,反之選擇電流表內(nèi)接法。(1)本題中,待測電阻Rx的阻值約為25kΩ,直流電源電動勢為20V,經(jīng)粗略計算電路中最大的電流約為,所以電流表選擇B;雖然電壓表C的量程不足,但是相比起來電壓表D的量程超過太多,讀數(shù)偏小,所以電壓表選擇C表。(2)根據(jù)本題解析的第②、③兩條原則可知電路圖的問題為:①電流表應(yīng)采用內(nèi)接的方法;②滑動變阻器應(yīng)采用分壓器方式的接法 。10(2011浙江第22題).答案:(1)如圖所示;(2)電阻率的允許范圍: :~:~:~通過計算可知,金屬絲a與c電阻率相同,遠大于金屬絲b的電阻率。解析:(1)以O(shè)P間距離x為橫軸,以電壓表讀數(shù)U為縱軸,描點、連線繪出電壓表讀數(shù)U隨OP間距離x變化的圖線。(2)根據(jù)電阻定律可得。通過計算可知,金屬絲a與c電阻率相同,遠大于金屬絲b的電阻率。11(廣東第34(2)題)解析:答案:(2)x1 左端 右端 ab①電珠電阻較小,故選“x1”檔②如右圖③P置左端電珠兩端電壓最?、躠b之間電流值相差太大12 (2011北京第21題)答案:(1)S T 0刻線 ADC13(2011上海第29題).答案.(1)③,⑥ (各1分)(2)見圖 (2分)(3)①將滑動觸頭移至最左端(寫最小給分,最大不給分) ③多次移動滑動觸頭,記錄相應(yīng)的,讀數(shù) (1分) (4) (3分)14(2011山東第23題)答案:①如圖所示②③b c15 (江蘇第11題).答案:16(福建第19(2)題)答案:①D ②Ⅰ.左 Ⅱ 1 5 Ⅲ. 增大解析:由于小電珠的電阻一般不大,使用多用電表直接測量小電珠的電阻,則應(yīng)將選擇開關(guān)旋至歐姆1,選項D正確。對于分壓電路,開關(guān)S閉合前,滑動變阻器的滑片P應(yīng)置于使小電珠上電壓為零處,即最左端。閉合開關(guān)S后,無論如何調(diào)節(jié)滑片P,電壓表和電流表的示數(shù)總是調(diào)不到零,其原因是滑動變阻器左端與電源沒有連接好。由描繪出的小電珠的伏安特性曲線可知,小電珠的電阻值隨工作電壓的增大而增大。 17(四川第22(2)題)解析:(2)①改裝電壓表時,其內(nèi)阻值要準(zhǔn)確告知,所以排除A.B而選C;再由歐姆定律可知,代入數(shù)據(jù)得;②電路圖如上圖所示;③根據(jù)歐姆定律,可得通式為,代入數(shù)據(jù)兩次,即得答案?!敬鸢浮浚?) ① C 6 ; ② 見上圖; ③ 7.5 10 。18(重慶第20題).19(重慶22(1))答案:1 乙 ③ 2011普通高校招生考試試題匯編磁場參考答案1(2011全國卷1第15題)。解析:要合磁感應(yīng)強度為零,必有和形成兩個場等大方向,只有C點有可能,選C2(2011海南第7題).解析:考察科學(xué)史,選ACD3(2011海南第10題).解析:在磁場中半徑 運動時間:(θ為轉(zhuǎn)過圓心角),故BD正確,當(dāng)粒子從O點所在的邊上射出的粒子時:軌跡可以不同,但圓心角相同為1800,因而AC錯4(2011新課標(biāo)理綜第14題).解析:主要考查安培定則和地磁場分布。根據(jù)地磁場分布和安培定則判斷可知正確答案是B。5.(2011新課標(biāo)理綜第18題).解析:主要考查動能定理。利用動能定理有 ,B=kI解得。所以正確答案是BD。6(2011浙江第20題).答案:BC解析:由左手定則可判斷粒子帶負電,故A錯誤;由題意知:粒子的最大半徑、粒子的最小半徑,根據(jù),可得、則,故可知B、C正確,D錯誤。7(2011上海第18題).答案:BC8(2011安徽第23).解析:(1)設(shè)帶電粒子的質(zhì)量為m,電荷量為q,初速度為v,電場強度為E??膳袛喑隽W邮艿降穆鍌惔帕ρ豿軸負方向,于是可知電場強度沿x軸正方向且有 qE=qvB ①又 R=vt0 ②則 ③(2)僅有電場時,帶電粒子在勻強電場中作類平拋運動在y方向位移 ④由②④式得 ⑤設(shè)在水平方向位移為x,因射出位置在半圓形區(qū)域邊界上,于是 又有 ⑥得 ⑦(3)僅有磁場時,入射速度,帶電粒子在勻強磁場中作勻速圓周運動,設(shè)軌道半徑為r,由牛頓第二定律有 ⑧又 qE=ma ⑨由⑦⑧⑨式得 ⑩由幾何關(guān)系 即 帶電粒子在磁場中運動周期 則帶電粒子在磁場中運動時間 所以
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