【正文】 洋經(jīng)濟、拓展藍色發(fā)展空間，對于實現(xiàn)“兩個一百年” 奮斗目標、實現(xiàn)中華民族偉大復(fù)興的中國夢具有重要意義。今天，我們的“中國夢”源于經(jīng)歷30多年改革發(fā)展后，中國人民對更高質(zhì)量生活的向往，其源于現(xiàn)實又高于現(xiàn)實。只有人民群眾，才是最可信賴、最值得依賴的力量，也是最終力量。每小題列出的四個備選項中只有一個是最符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分）33．【加試題】共和黨派代表特朗普的諸多核心主張有符合美國保守派利益、迎合多數(shù)中產(chǎn)選民和美國傳統(tǒng)價值觀的合理性。對此認識正確的是 ①兩黨并沒有區(qū)別，都是維護資產(chǎn)階級的利益 ②兩黨政策的差別反映了不同利益集團的權(quán)力斗爭 ③兩黨的基本價值觀是相同的，根本目的是一致的 ④兩黨爭奪的最終目的是獲得總統(tǒng)選舉的勝利 A． ①②B．③④ C．②③D．①④34．【加試題】聯(lián)合國大會通過決議，吸收中國“雙創(chuàng)”理念，將每年4月21日指定為世界創(chuàng)意和創(chuàng)新日，并呼吁各國支持大眾創(chuàng)業(yè)、萬眾創(chuàng)新。小張不同意，起訴至法院，要求小劉繼續(xù)履行合同，轉(zhuǎn)移房屋所有權(quán)。按我國法律規(guī)定，屬于小吳夫妻共同財產(chǎn)的是 A．15萬元存款 B．房屋C．股票投資獲利達8萬元 D．房屋升值到35萬元37．【加試題】賈某在外地一家公司上班，但是這段時間公司總是找理由不給賈某發(fā)工資。（2分）（2）麗水“村村通”工作是如何體現(xiàn)科學(xué)發(fā)展觀的第一要義？（6分）39．近年來，基于互聯(lián)網(wǎng)的共享經(jīng)濟迅速崛起，成為新常態(tài)下的一個經(jīng)濟增長點，但也跟政府傳統(tǒng)的監(jiān)管模式和治理機制帶來了挑戰(zhàn)。結(jié)合材料，運用《文化生活》《生活與哲學(xué)》的相關(guān)知識，回答下列問題：（1）指出政府治理中注入互聯(lián)網(wǎng)思維所蘊含的文化對政治影響的道理。（6分）40．【加試題】馬克龍繼任法國總統(tǒng)后，他所在的以前進黨為首的聯(lián)合陣營在國民議會選舉中最終奪得絕大多數(shù)席位。結(jié)合材料，運用《國家和國際組織常識》的相關(guān)知識，回答下列問題：（1）從法國政體運行的角度分析馬克龍對推進國內(nèi)改革充滿信心的依據(jù)。張某把村委會和鄰居告上法院，請求法院助其恢復(fù)原宅基地的使用權(quán)。政府在對共享經(jīng)濟治理中注入互聯(lián)網(wǎng)思維，有利于提升政府的治理能力。面對共享經(jīng)濟的治理，政府應(yīng)把握矛盾的主要方面，秉持大局、把握大趨勢，做好利弊權(quán)衡，理清真?zhèn)螁栴}，在堅持底線監(jiān)管的前提下，必須警惕過度監(jiān)管，扼殺創(chuàng)新。政府施政綱領(lǐng)及各項改革方案、立法修正方案，必須經(jīng)過兩院議會通過才能生效。（2）馬克龍指出聯(lián)合國本身擁有維護世界平衡的“正統(tǒng)性”，體現(xiàn)了聯(lián)合國在維護世界和平、推動共同發(fā)展，促進人類文明進步等方面發(fā)揮了重要作用；根源性問題必須通過發(fā)展、教育和消除饑餓的方法來解決，體現(xiàn)了聯(lián)合國經(jīng)社系統(tǒng)，制定指導(dǎo)性原則、政策框架以及行動綱領(lǐng)，規(guī)范國際社會各成員的行動方向，推動發(fā)展問題逐步解決；今天比以往任何時候都更加需要多邊主義來應(yīng)對全球性戰(zhàn)略，體現(xiàn)聯(lián)合國是實踐多邊主義的最佳場所，是集體應(yīng)對各種威脅和挑戰(zhàn)的有效平臺。（2）因為張某的原宅基地上已修成公路和被鄰居建成新房，所以法院不支持他恢復(fù)原宅基地的訴訟請求。（賠償損失、支付適當?shù)慕ǚ抠Y金、重新分配宅基地、賠禮道歉，答對其中三點即可）第三篇：浙江省金麗衢十二校2018屆高三第二次聯(lián)考數(shù)學(xué)試題+Word版含解析20172018學(xué)年浙江省金麗衢十二校高三（上）第二次聯(lián)考數(shù)學(xué)試卷一、選擇題（共10小題，每小題4分，滿分40分）={x| }，N={x|0＜x＜2}，則M∪N=（）A.[0，1）B.（0，1）C.[0，2）D.（0，2）【答案】C 【解析】分析：解分式不等式得集合M,：因為，所以, 因此M∪N= [0，2），：集合的基本運算的關(guān)注點(1)看元素組成．集合是由元素組成的，從研究集合中元素的構(gòu)成入手是解決集合運算問題的前提．(2)有些集合是可以化簡的，先化簡再研究其關(guān)系并進行運算，可使問題簡單明了，易于解決．(3)注意數(shù)形結(jié)合思想的應(yīng)用，常用的數(shù)形結(jié)合形式有數(shù)軸、坐標系和Venn圖． 的兩條漸近線相互垂直，則它的離心率是（）D.【答案】A 【解析】雙曲線兩條漸近線互相垂直, 因此，正視圖、左視圖都是腰長為2的等腰直角三角形，俯視圖是邊長為2的正方形，則此四面體的最大面的面積是（）,計算得出.B.【答案】C 【解析】分析：先還原幾何體，：因為幾何體為一個四面體，六條棱長分別為所以四面體的四個面的面積分別為：．2．三視圖中“正側(cè)一樣高、正俯一樣長、俯側(cè)一樣寬”，因此，可以根據(jù)三視圖的形狀及相關(guān)數(shù)據(jù)推斷出原幾何圖形中的點、線、面之間的位置關(guān)系及相關(guān)數(shù)據(jù)．（x）=Asin（ωx+φ）（A＞0，ω＞0，|φ|＜）的圖象如圖，則φ=（），.【答案】B 【解析】分析：先根據(jù)圖確定半個周期，得ω，：因為，所以因為|φ|＜，點睛：已知函數(shù)(1)(2)由函數(shù)的周期求.的圖象求解析式(3)利用“五點法”=4+3i（﹣1+3i）（2﹣i）（其中i是虛數(shù)單位，是z的共軛復(fù)數(shù)），則z的虛部為（）B.﹣1D.﹣i 【答案】A 【解析】分析：根據(jù)復(fù)數(shù)除法得，再得z，：因為（﹣1+3i）（2﹣i）=4+3i，所以因此選A.，虛部為1，..............................{an}中，a1=1，a2=2，（n≥2），則a6=（）【答案】B 【解析】分析：先根據(jù)等差數(shù)列定義及其通項公式得，再根據(jù)正項數(shù)列條件得an，：因為，所以所以公差等差數(shù)列，因為選B.，因此，點睛：證明或判斷(1)用定義證明：(2)用等差中項證明：(3)通項法： 為等差數(shù)列的方法：為常數(shù)）；；為的一次函數(shù)；(4)前項和法：，1，2，3，4可以組成的無重復(fù)數(shù)字的能被3整除的三位數(shù)的個數(shù)是（） 【答案】A 【解析】分析：先根據(jù)能被3整除的三位數(shù)字組成為012，024，123，234四種情況，再分類討論排列數(shù)，：因為能被3整除的三位數(shù)字組成為012，024，123，234四種情況，：求解排列、組合問題常用的解題方法：(1)元素相鄰的排列問題——“捆邦法”；(2)元素相間的排列問題——“插空法”；(3)元素有順序(4)帶有“含”與“不含”“至多”“至少”的排列組合問題————“除序法”；，使得f（x+a）為奇函數(shù)，f（x﹣a）為偶函數(shù)，我們稱函數(shù)f（x）為“Θ函數(shù)”．給出下列四個函數(shù)：①f（x）=sinx ②f（x）=cosx ③f（x）=sinx﹣cosx ④f（x）=sin2（x+）．其中“Θ函數(shù)”的個數(shù)為（） 【答案】B 【解析】分析：根據(jù)奇偶性求出對應(yīng)a的值，若存在就是“Θ函數(shù)”． 詳解：若f（x）=sinx是“Θ函數(shù)”，則，若f（x）=cosx是“Θ函數(shù)”，則若f（x）=sinx﹣cosx =則若f（x）= sin2（x+）是“Θ函數(shù)”，則因此“Θ函數(shù)”的個數(shù)為2，：函數(shù)數(shù)；＞b＞0，B.【答案】A.是奇函數(shù)；函數(shù)是奇函數(shù)，是“Θ函數(shù)”，是偶函；函數(shù)取得最小值c時，fx）=|x﹣a|+|x﹣b|+|x﹣c|的最小值為 函數(shù)（（）D.【解析】分析：根據(jù)基本不等式求最值c，并確定a,b取值，再根據(jù)絕對值定義去掉絕對值，：因為，所以當且僅當時取等號，此時因為因此當選A.，所以時，f（x）：在利用基本不等式求最值時，要特別注意“拆、拼、湊”等技巧，使其滿足基本不等式中“正”(即條件要求中字母為正數(shù))、“定”(不等式的另一邊必須為定值)、“等”(等號取得的條件)的條件才能應(yīng)用，正方體ABCD﹣A1B1C1D1的棱長為1，線段B1D1上有兩個動點E，F(xiàn)，且EF=，則當E、F移動時，下列結(jié)論中錯誤的是（）∥平面C1BD ﹣BEF的體積為定值 、BE所成的角為定值 【答案】D 【解析】分析：先證面AB1D1平行面C1BD，即得AE∥平面C1BD，通過計算四面體ACEF的體積、三棱錐A﹣BEF的體積以及異面直線AF、：因為B1D1// BD，C1D// AB1，所以面AB1D1平行面C1BD，因此AE∥平面C1BD，所以A正確，因為因為為定值，所以B正確，為定值，所以C正確，當E,F交換后，異面直線AF、BE所成的角發(fā)生變化，因此D錯，：立體幾何中定值或定位置問題，其基本思想方法是以算代證，或以證代證，即從條件出發(fā)，計算所求體積或證線面平行與垂直關(guān)系，、填空題（共7小題，每小題6分，滿分36分）（x）為偶函數(shù)，當x≥0時，f（x）=x（1﹣x），則當x＜0時，f（x）=_____；方程[5f（x）﹣1][f（x）+5]=0的實根個數(shù)為_____． 【答案】(1).(2).6與確定交【解析】分析：根據(jù)偶函數(shù)性質(zhì)求對偶區(qū)間解析式，：因為f（x）為偶函數(shù)，所以當x＜0時，f（x）=因為[5f（x）﹣1][f（x）+5]=0，所以研究與，交點個數(shù)，如圖：：對于方程解的個數(shù)(或函數(shù)零點個數(shù))問題，可利用函數(shù)的值域或最值，結(jié)合函數(shù)的單調(diào)性、草圖確定其中參數(shù)范圍．從圖象的最高點、最低點，分析函數(shù)的最值、極值；從圖象的對稱性，分析函數(shù)的奇偶性；從圖象的走向趨勢，分析函數(shù)的單調(diào)性、周期性等． 的展開式中，常數(shù)項為_____；系數(shù)最大的項是_____．(2).【答案】(1).【解析】分析：先根據(jù)二項展開式通項公式得項的次數(shù)與系數(shù)，再根據(jù)次數(shù)為零，算出系數(shù)得常數(shù)項，根據(jù)系數(shù)大小比較，：因為，所以由得常數(shù)項為因為系數(shù)最大的項系數(shù)為正，所以只需比較大小因此r=2時系數(shù)最大，項是，點睛：求二項展開式有關(guān)問題的常見類型及解題策略(1)，由特(2)已知展開式的某項，再由通項寫出第定項得出值，． 滿足的夾角為，則=_____； 與的夾角為【答案】(1).(2).以及||，再根據(jù)向量數(shù)量積求【解析】分析：：因為所以，的夾角為，所以：求平面向量夾角方法：一是夾角公式三是幾何方法，從圖形判斷角的大小.；二是坐標公式；（x）=x2+acosx+bx，非空數(shù)集A={x|f（x）=0}，B={x|f（f（x））=0}，已知A=B，則參數(shù)a的所有取值構(gòu)成的集合為_____；參數(shù)b的所有取值構(gòu)成的集合為_____． 【答案】(1).(2).【解析】分析：根據(jù)條件A=B，得f（0）=0，解得a。求SB的長．【答案】（1）見解析（2）1 【解析】分析：（1）由正方形性質(zhì)得AC⊥BD，由已知線面垂直關(guān)系得AC⊥SB，由線面垂直判定定理得AC⊥面SBD，再根據(jù)面面垂直判定定理得結(jié)論，（2）先將四棱錐補成正四棱柱ABCD﹣A′SC′D′，作AE⊥A′D于E，則根據(jù)線面垂直判定定理得AE⊥面SCD，即得∠ASE即為SA與平面SCD所成角的平面角，：證明：（Ⅰ）連結(jié)AC，BD，∵四邊形ABCD是正方形，∴AC⊥BD，∵SB⊥底面ABCD，∴AC⊥SB，∴AC⊥面SBD，又由AC?面SAC，∴面SAC⊥面SBD．解：（Ⅱ）將四棱錐補成正四棱柱ABCD﹣A′SC′D′，連結(jié)A′D，作AE⊥A′D于E，連結(jié)SE，由SA′∥CD，知平面SCD即為平面SCDA′，∵CD⊥側(cè)面ADD′A′，∴CD⊥AE，又AE⊥A′D，∴AE⊥面SCD，∴∠ASE即為SA與平面SCD所成角的平面角，設(shè)SB=x，在直角△ABS中，SA=，在直角△DAA′中，∴解得x=1，∴SB的長為1．=，點睛:垂直、平行關(guān)系證明中應(yīng)用轉(zhuǎn)化與化歸思想的常見類型.(1)證明線面、面面平行，需轉(zhuǎn)化為證明線線平行.(2)證明線面垂直，需轉(zhuǎn)化為證明線線垂直.(3)證明線線垂直，（x）=ax﹣xlna（a＞0且a≠1）．（Ⅰ）求函數(shù)f（x）在點（0，f（0））處的切線方程；（Ⅱ）求函數(shù)f（x）單調(diào)區(qū)間；（Ⅲ）若對任意x1，x2∈R，有|f（sinx1）﹣f（sinx2）|≤e﹣2（e是自然對數(shù)的底數(shù)），求實數(shù)a的取值范圍．【答案】（1）y=1（2）在[0，+∞）遞增，在（﹣∞，0]遞減；（3）【解析】分析：（1）先求導(dǎo)數(shù)，再根據(jù)導(dǎo)數(shù)幾何意義得切線斜率，最后根據(jù)點斜式求切線方程，（2）根據(jù)a與1大小分類討論導(dǎo)函數(shù)符號，再根據(jù)導(dǎo)函數(shù)符號確定單調(diào)區(qū)間，（3）先將恒成立問題轉(zhuǎn)化為對應(yīng)函數(shù)最值，再根據(jù)單調(diào)性確定函數(shù)最值，通過構(gòu)造函數(shù)解不等式，可得實數(shù)a的取值范圍． 詳解：xx解：（Ⅰ）∵f′（x）=alna﹣lna=（a﹣1）lna，∴f′（0）=0，又∵f（0）=1，∴所求切線方程是：y=1；（Ⅱ）當a＞1時，令f′（x）＞0，解得：x＞0，令f′（x）＜0，解得：x＜0，當0＜a＜1時，令f′（x）＞0，解得：x＞0，令f′（x）＜0，解得：x＜0，故對?a＞0，且a≠1，f（x）在[0，+∞）遞增，在（﹣∞，0]遞減；（Ⅲ）記f（x）在x∈[﹣1，1]上的最大值是M，最小值是m，要使對任意x1，x2∈R，有|f（sinx1）﹣f（sinx2）|≤e﹣2，只需M﹣m≤e﹣2即可，根據(jù)f（x）的單調(diào)性可知，m=f（0）=1，M為f（﹣1），f（1）的最大值，f（﹣1）=+lna，f（1）=a﹣lna，f（﹣1）﹣f（1）=﹣a+2lna，令g（x）=﹣x+2lnx，g′（x）=﹣故g（x）在（0，+∞）遞減，又∵g（1）=0，≤0，∴a＞1時，g（a）＜g（1）=0，即f（﹣1）＜f（1），此時M=a﹣lna，要使M﹣m≤e﹣2，即有a﹣lna﹣1≤e﹣2，再令h（x）=x﹣lnx，由h′（x）=可知h（x）在（1，+∞）遞增，不等式a﹣lna≤e﹣1可化為h（a）≤h（e），解得：1＜a≤e，當0＜a＜1時，g（a）＞g（1）=0，即f（﹣1）＞f（1），此時M=+lna，要使M﹣m≤e﹣2，即有+lna﹣1≤e﹣2，再令l（x）=+lnx，由l′（x）=，可知l（x）在（0，1）遞減，不等式+lna≤e﹣1可化為l（a）≤l（），解得：≤a＜1，綜上，a的范圍是[，1）∪（1，e]．點睛：對于求不等式成立時的參數(shù)范圍問題，一般有三個方法，一是分離參數(shù)法, 使不等式一端是含有參數(shù)的式子，另一端是一個區(qū)間上具體的函數(shù)，根據(jù)參數(shù)取值情況分類討論，三是數(shù)形結(jié)合法，將不等式轉(zhuǎn)化為兩個函數(shù)，一個頂點為A（﹣5，0），其右焦點到直線3x﹣4y+3=0的距離為3．（Ⅰ）求橢圓T的方程；（Ⅱ）設(shè)橢圓T的長軸為AA39。外任意一點，引AQ⊥AP，A39。P，AQ和A39。（5，0），θ≠