吉林省長春外國語學(xué)校20xx屆高三物理上學(xué)期期中試題理含解析新人教版-資料下載頁
2024-12-02 23:13本頁面
【導(dǎo)讀】4．保持答題卷清潔、完整，嚴禁使用涂改液和修正帶。5-8為多選，每小題6. 分，選對得6分，選對但不全的得3分，選錯或不選均得0分。早期物理學(xué)家關(guān)于慣性有下列說法，其中正確的是?？占s805km處發(fā)生碰撞。這是歷史上首次發(fā)生的完整在軌衛(wèi)星碰撞事件。碰撞過程中產(chǎn)生的。大量碎片可能影響太空環(huán)境。假定有甲、乙兩塊碎片，繞地球運動的軌道都是圓，甲的運行。3．建筑工人用圖所示的定滑輪裝置運送建筑材料。板之間的動摩擦因數(shù)為?．則小物塊上滑到最高位置所需時間與t之比為。，重力加速度為g．則。兩小球突然失去各自所帶電荷后開始擺動，最大速度分別vA和vB，最大動。點的時間間隔用Δt表示。a可用s1、s3和Δt表示為。③物塊B上升的距離及上升這段距離所用的時間；12．（18分）水平傳送帶被廣泛地應(yīng)用于機場和火車站，用于對旅客的行李進行安全檢查，
【正文】 機械能守恒定律，即驗證系統(tǒng)的勢能變化與動能變化是否相等， A、 B 連結(jié)在一起， A 下降的距離一定等于 B 上升的距離； A、 B的速度大小總是相等的，故不需要測量繩子的長度和 B上升的距離及時間。（ 2）如果繩子質(zhì)量不能忽略，則 A、 B 組成的系統(tǒng)勢能將有一部分轉(zhuǎn)化為繩子的動能，從而為驗證機械能守恒定律帶來誤差；若物塊搖擺，則兩物體的速度有差別，為計算系統(tǒng)的動能帶來誤差；繩子長度和兩個物塊質(zhì)量差應(yīng)適當(dāng)。（ 3）多 次取平均值可減少測量誤差，繩子伸長量盡量小，可減少測量的高度的準確度。 11． (1),（ 2） 5000V,(3)5 105V/m 【解析】 試題分析：（ 1）由于電勢能增加了 ，因此電場力做功 （ 2）50 .1 50002 1 0AB WUVq ??? ? ??? （ 3）電場強度50 5000 5 10 /1c os 60 2ABUUE V mdL? ? ? ? ?? 考點：電場力做功與電勢能的關(guān)系，勻強電場中場強與電勢的關(guān)系 12． 解析：（ 1）行李輕放在傳送帶上，開始是靜止的，行李受滑動摩擦力而向右運動，此時行李的加速度為 a，由牛頓第二定律得 f=μ mg=ma,a=μ g= m/s2 設(shè)行李從速度為零運動至速度為 1 m/s所用時間為 t1，所通過位移為 s1,則： v=at1,t1=av= 1 s。 s1=21at12= m 設(shè)行李速度達到 1 m/s后與皮帶保持相對靜止，一起運行，所用時間為 t2，則： t2= vsL 1? s= s。 設(shè)行李被從 A運送到 B共用時間為 t，則 t=t1+t2= s。 （ 2）電動機增加的電能就是物體增加的動能和系統(tǒng)所增加的內(nèi)能之和。 E=Ek+Q E=21 mv2+μ mg Δ L Δ L=vt121 at12=21 vt1= m 故 E=21 mv2+μ mgΔ L=21 4 12+ 4 10 21 =4 J （ 3）行李從 A勻加速運動到 B時，傳送時間最短，則 l=21 at2min 代入數(shù)據(jù)得 t=2 s 此時傳送帶對應(yīng)的運行速率為 v′ ,v′≥ atmin=2 m/s。 故傳送帶對應(yīng)的最小運行速率為 2 m/s。 【解析】略 13．（ 1） （ 2） （ 3） 5 2ms 【解析】 試題分析：（ 1）小滑塊沿圓弧軌道滑到 B點的運動過程，根據(jù)動能定理： 212fmgR W mv?? 解得： ? （ 2）小滑塊經(jīng)過 B點時，設(shè)圓弧軌道對小滑塊的支持力為 NF ，由牛頓第二定律，可得： 2N vF mg m R?? 解得： ? 由牛頓第三定律，可知小 滑塊對圓弧軌道的壓力： ? ?? （ 3）小滑塊離開圓弧軌道后，做平拋運動，設(shè)落地速度為 v? ， 落地時，豎直方向分速度 2 5 m syv gh?? 小滑塊著地時的速度 v? 大小為： 22 5 2 m syv v v? ? ? ? 方向與水平方向成 045 考點：本題考查了圓周運動和平拋運動的綜合應(yīng)用。
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