【導(dǎo)讀】2020-2020學(xué)年甘肅省定西市通渭縣馬營中學(xué)高二（上）期末物理試。有一個選項是符合題目要求的，全部選對的得3分，少選德1分，有錯選或不答的得0分）。1．用細(xì)繩把小球懸掛起來，當(dāng)小球靜止時，下列說法正確的是（）。B．小球受到的重力和小球?qū)?xì)繩的拉力的一對作用力和反作用力。2．如圖所示的水平面上，橡皮繩一端固定，另一端連接兩根彈簧，連接點P在F1、F2和F3. 三力作用下保持靜止．下列判斷正確的是（）。3．質(zhì)點做直線運動的v﹣t圖象如圖所示，規(guī)定向右為正方向，則該質(zhì)點在前8s內(nèi)平均速。度的大小和方向分別為（）。4．如圖所示，三個小球從同一高度處的O點分別以水平初速度v1、v2、v3拋出，落在水平。A．v1：v2：v3=1：3：5B．三個小球下落的時間相同。11．嫦娥二號衛(wèi)星已成功發(fā)射，這次發(fā)射后衛(wèi)星直接進(jìn)入近地點高度200公里、遠(yuǎn)地點高度。A．嫦娥二號衛(wèi)星的發(fā)射速度大于km/s，小于km/s

　　

【正文】 點的速度 =，則 B點的動能=．所以動能的增加量 △E k=． （ 3）根據(jù) mgh= 得， ，即 與 h成正比．故 A正確． 故答案為：（ 1） B （ 2） （ 3） A 【點評】 解決本題的關(guān)鍵知道驗證機(jī)械能守恒定律的實驗原理，掌握重力勢能減小量和動能增加量的求法． 18．在如圖甲所示的電路中，四節(jié)干電池串連，小燈泡 A、 B的規(guī)格為 “ ， ” ．合上開關(guān) S 后，無論怎樣移動滑動片， A、 B燈都不亮． （ 1）用多用電表的直流電壓擋檢查故障： ① 選擇開關(guān)置于下列量程的 B 擋較為合適（用字母序號表示）； A． B． 10V C． 50V D． 250V ② 測得 c、 d 間電壓約為 ， e、 f 間電壓為 0，則故障是下列哪一項？ A ； A． A燈絲斷開 B． B燈絲斷開 C． d、 e間連線斷開 D． B燈被短路 （ 2）接著訓(xùn)練用歐姆表的 “l(fā)” 擋測電阻，歐姆表經(jīng)過 “ 歐姆調(diào)零 ” ， ① 測試前，一定要將電路中的開關(guān) S 斷開 ； ② 測 c、 d 間和 e、 f間電阻時，某次測試結(jié)果如圖乙所示，讀數(shù)為 6 Ω ，此時測量的是 e、 f 間電阻，根據(jù)小燈泡的規(guī)格計算出的電阻為 Ω ，它不等于 測量值，原因是： 溫度高時金屬絲電阻率大，計算出的電阻是燈絲溫度高時的電阻．（或測量出的電阻是常溫下的電阻）． 【考點】 伏安法測電阻． 【專題】 實驗題；恒定電流專題． 【分析】 （ 1）選擇的量程要安全，以及要使指針指在中間附近．結(jié)合電源的電動勢選擇合適的量程．根據(jù)測得的電壓判斷故障的原因． （ 2）歐姆表測量電阻時，開關(guān) S需斷開．歐姆表的讀數(shù)等于表盤讀數(shù)乘以倍率．根據(jù)歐姆定律求出燈泡正常發(fā)光時的電阻，通過溫度升高，電阻率變大，分析計算出的電阻與測量電阻不等的原因． 【解答】 解： ① 因為電源的電動勢大約 6V， 要使電壓檔選擇的量程要安全以及準(zhǔn)確，則選擇開關(guān)選擇 10V的量程．故 B正確． 故選： B． ② 測得 c、 d 間電壓約為 ，接近電源電動勢， e、 f 間電壓為 0，可知燈泡 A斷路．故 A正確． 故選： A． （ 2） ① 用歐姆表測量電阻時，電鍵應(yīng)斷開，使得待測電阻與電源不相連．歐姆表的讀數(shù)為61Ω=6Ω ，因為 cd間斷路，知測量的是 ef間的電阻． 根據(jù) R= 得，小燈泡的電阻為 R= ．它不等于測量值，原因是溫度高時金屬絲電阻率大，計算出的電阻是燈絲溫度高時的電阻．（或測量出的電阻是常溫下的電阻）． 故答案為：（ 1） ①B 、 ② A． （ 2） ① 斷開， ②e 、 f； ，溫度高時金屬絲電阻率大，計算出的電阻是燈絲溫度高時的電阻．（或測量出的電阻是常溫下的電阻）． 【點評】 解決本題的關(guān)鍵掌握歐姆表的使用方法和注意事項，以及會進(jìn)行故障分析． 三、計算題：（本題共設(shè)三小題，共 30 分） 19．如圖所示，電阻 R1=2Ω ，小燈泡 L上標(biāo)有 “3V ， “ ，電源內(nèi)阻 r=1Ω ，滑動變阻器的最大阻值為 R0（大小未知），當(dāng)觸頭 P滑動到最上端 a時，安培表的讀數(shù)為 1A，小燈泡 L恰好正常發(fā)光，求： （ 1）滑動變阻器的最大阻值 R0 （ 2）當(dāng)觸頭 P滑動到最下端 b時，求電源的總功率及輸出功率． 【考點】 閉合電路的歐姆定律；電功、電功率． 【專題】 恒定電流專題． 【分析】 （ 1）當(dāng)觸頭 P滑動到最上端 a時， R與燈泡并聯(lián)后與電阻 R1串聯(lián)．根據(jù)歐姆定律求解滑動變阻器的最大阻值 R0． （ 2）當(dāng)觸頭 P滑動到最下端 b時，滑動變阻器和小燈泡均被短路．由閉合電路的歐姆定律求出電流，再求解電源的總功率及輸出功率． 【解答】 解： （ 1）當(dāng)觸頭 P滑動到最上端 a時，流過小燈泡 L的電流為： 流過滑動變阻器的電流： I0=IA﹣ IL= 所以滑動變阻器的最大 阻值 （ 2）電源電動勢為： E=UL+IA（ R1+r） =6V 當(dāng)觸頭 P，滑動到最下端 b時，滑動變阻器和小燈泡均被短路．電路中總電流為： 故電源的總功率為： P 總 =EI=12W 輸出功率為： P 出 =EI﹣ I2r=8W 答：（ 1）滑動變阻器的最大阻值 ； （ 2）當(dāng)觸頭 P滑動到最下端 b時，求電源的總功率 P 總 =12W，輸出功率 P 出 =8W． 【點評】 本題是簡單的電路的分析和計算問題，這類問題首先要搞清電路的結(jié)構(gòu)，其次要把握電流、電壓的分配關(guān)系． 20．如圖所示，在 E=110 3V/m的豎直勻強(qiáng)電場中，有 一光滑的半圓形絕緣軌 QPN與一水平絕緣軌道 MN連接，半圓形軌道平面與電場線平行， P為 QN圓弧的中點，其半徑 R=40cm，一帶正電 q=10﹣ 4C的小滑塊質(zhì)量 m=10g，與水平軌道間的動摩擦因數(shù) μ= ，位于 N點右側(cè)，取 g=10m/s2，求： （ 1）要使小滑塊恰能運動到圓軌道的最高點 Q，則滑塊應(yīng)以多大的初速度 v0向左運動？ （ 2）這樣運動的滑塊通過 P點時對軌道的壓力是多大？ 【考點】 動能定理的應(yīng)用；牛頓第二定律；向心力；電場強(qiáng)度． 【專題】 動能定理的應(yīng)用專題． 【分析】 （ 1）小滑塊恰能運動到圓 軌道的最高點 Q時，由重力和電場力的合力提供向心力，由牛頓第二定律求出物塊通過 Q點的速度．滑塊從開始運動到達(dá) Q點過程中，重力做功為﹣mg?2R，電場力做功為﹣ qE?2R，摩擦力做功為﹣ f?x，根據(jù)動能定理求解初速度 v0． （ 2）滑塊通過 P點時，以滑塊為研究對象，軌道的支持力提供滑塊的向心力，根據(jù)動能定理求出滑塊通過 P點時的速度大小，由牛頓運動定律求解滑塊通過 P點時對軌道的壓力． 【解答】 解：（ 1）設(shè)小球到達(dá) Q點時速度為 v，小滑塊恰能運動到圓軌道的最高點 Q時，則有 滑塊從開始運動到達(dá) Q點過程中，由動能定理得 ﹣（ mg+qE） ?2R﹣ μ （ mg+qE） x= ﹣ 聯(lián)立兩式并代入數(shù)據(jù)解得： v0=7m/s （ 2）設(shè)滑塊到達(dá) P點時速度為 v39。，則從開始運動到 P點過程： ﹣ μ （ qE+mg） x﹣（ mg+qE） R= ﹣ 又在 P點時： 代入數(shù)據(jù)，解得 FN= 根據(jù)牛頓第三定律得知，滑塊通過 P點時對軌道的壓力大小為 FN′=F N=． 答： （ 1）要使小滑塊恰能運動到圓軌道的最高點 Q，滑塊應(yīng)以 7m/s的初速度 v0向左運動． （ 2）滑塊通過 P點時對軌道的壓力是 ． 【點評】 此題中滑塊恰好通過最高點時軌道對滑塊沒 有彈力，由牛頓定律求出臨界速度，再根據(jù)動能定理和牛頓運定律結(jié)合求解小球?qū)壍赖膹椓Γ? 21．如圖所示，在第二象限內(nèi)有水平向右的勻強(qiáng)電場，在第一、第四象限內(nèi)分別存在勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等，方向如圖所示；現(xiàn)有一個帶電粒子在該平面內(nèi)從 x軸上的 P點，以垂直于 x軸初速度 v0進(jìn)入勻強(qiáng)電場，恰好經(jīng)過 y軸上的 Q點且與 y軸成 45176。 角射出電場，再經(jīng)過一段時間又恰好垂直于 x軸進(jìn)入下面的磁場．已知 OP之間的距離為 d，（不計粒子的重力）求： （ 1） Q點的坐標(biāo)； （ 2）帶電粒子自進(jìn)入電場至在磁場中第二次經(jīng)過 x軸的時間． 【考點】 帶電粒子在勻強(qiáng)磁場中的運動；牛頓第二定律；向心力；帶電粒子在勻強(qiáng)電場中的運動． 【專題】 帶電粒子在磁場中的運動專題． 【分析】 （ 1）帶電粒子垂直進(jìn)入勻強(qiáng)電場中做類平拋運動，豎直方向做勻速直線運動，水平方向做初速度為零的勻加速直線運動，運用平均速度分別表示水平位移和豎直位移．將粒子在 Q點的速度進(jìn)行分解，得到兩個分速度的關(guān)系，即可求出帶電粒子的坐標(biāo)． （ 2）畫出帶電粒子在磁場中運動的軌跡．由幾何關(guān)系求出粒子圓周運動的半徑，可求出圓周運動的周期，根據(jù)軌跡所對的圓心角求出粒子在磁場中運動的時間．粒子在電場中 豎直方向做勻速直線運動，由 Q的縱坐標(biāo)和初速度可求出時間．即能求得總時間． 【解答】 解： （ 1）設(shè) Q點的縱坐標(biāo)為 h，到達(dá) Q點的水平分速度為 vx，則由類平拋運動的規(guī)律可知 h=v0t d= vxt tan45176。= 得 h=2d，故 Q點的坐標(biāo)為（ 0， 2d） （ 2）粒子在磁場中的運動軌跡如圖所示，設(shè)粒子在磁場中運動的半徑為 R，周期為 T．則由幾何關(guān)系可知： R= ?2d=2 d， 帶電粒子進(jìn)入磁場時的速度大小為 v= v0 則粒子在磁場中運動的周期為 T= = d 設(shè)粒子在電場中的運動時間為 t1 t1= 設(shè)粒子在磁場中的運動時間為 t2 t2= = = d 則總時間為 t=t1+t2= 答： （ 1） Q點的坐標(biāo)為（ 0， 2d）； （ 2）帶電粒子自進(jìn)入電場至在磁場中第二次經(jīng)過 x軸的時間為 ． 【點評】 對于類平拋運動，采用運動的分解法研究，要抓住兩個分運動的等時性．對于粒子在磁場中的圓周運動，畫軌跡是關(guān)鍵．