20xx屆高三物理一輪夯實基礎(chǔ)階段驗收評估-磁場(含精細解析)-資料下載頁
2025-08-04 08:16本頁面
【正文】 ，重力做正功，電場力也做正功，所以重力勢能與電勢能均減小，選項C錯誤；小球從b運動到c的過程中，電場力做負功，電勢能增大，合外力先做正功再做負功，動能先增大后減小，選項D正確?！∫驗樗辛Ｗ拥某跛俣却笮∠嗤?，它們在勻強磁場中做勻速圓周運動的軌道半徑r＝也相同；如圖所示，當粒子沿SA方向水平向右進入磁場，然后沿圖中實線運動，最后交OC于M時，在磁場中的運動時間最長為T/2，設(shè)OS＝l，由幾何關(guān)系可得，軌道半徑r＝l；當粒子在磁場中運動后交OC于N點，而SN⊥OC時，粒子的運動時間最小，根據(jù)幾何關(guān)系可知，其運動時間為T/6，所以這些粒子在磁場中的運動時間介于T/6～T/2之間。13．解析：(1)加速電場對離子m1做的功W＝qU，由動能定理m1v12＝qU得v1＝ ①(2)由牛頓第二定律和洛倫茲力公式qvB＝，R＝，利用①式得離子在磁場中的軌道半徑分別為R1＝ ，R2＝ ②兩種離子在GA上落點的間距s＝2R1－2R2＝ (－)③答案：(1) (2) (－)14．解析：(1)I1方向向左，I2方向向右。(2)當MN中通以強度為I1的電流時，線框受到的安培力大小為F1＝kI1IL，當MN中通以強度為I2的電流時，線框受到的安培力大小為F2＝kI2IL。式中rr2分別為ab、cd與MN的間距，I為線圈中的電流，L為ab、cd的長度。F1∶F2＝I1∶I2。(3)設(shè)MN中電流強度為I3時，線框受到的安培力大小為F3。由題設(shè)條件有2T0＝G,2T1＋F1＝G，F(xiàn)3＋G＝ma＝a。＝＝，I3＝I1。答案：見解析15．解析：(1)根據(jù)左手定則，可以判斷出電子束將偏向東方。(2)設(shè)從加速電場射出的電子速度為v0，則根據(jù)動能定理有：mv02＝eU；從加速電場射出的電子在地磁場中受到洛倫茲力的作用而做勻速圓周運動，設(shè)電子的加速度為a，根據(jù)牛頓第二定律，ev0B＝ma由以上各式解得a＝eB (3)設(shè)電子在地磁場中運動的半徑為R，根據(jù)牛頓第二定律ev0B＝m得R＝設(shè)電子在熒光屏上偏移的距離為x，根據(jù)圖中的幾何關(guān)系，有：x＝R－ 結(jié)合以上關(guān)系，得x＝ － 。答案：(1)東方 (2)eB (3) － 16．解析：(1)粒子在勻強電場中，由動能定理得：qU1＝mv02解得：v0＝1107 m/s(2)粒子剛好不進入中間圓形磁場的軌跡如圖所示，設(shè)此時粒子在磁場中運動的旋轉(zhuǎn)半徑為r1，在Rt△QOO2中有：r12＋R22＝(r1＋R1)2解得r1＝1 m由qvB＝m得r1＝mv/qB。又由動能定理得：qU2＝mv2聯(lián)立得：U2＝＝5106 V所以加速電壓U2滿足條件是：U25106 V(3)粒子的運動軌跡如圖所示，由于O、OQ共線且豎直，又由于粒子在兩磁場中的半徑相同為r2，有O2O3＝2O2Q＝2r2由幾何關(guān)系得∠QO2O3＝60176。故粒子從Q孔進入磁場到第一次回到Q點所用的時間為t＝2(T/6＋5T/12)＝7T/6又T＝解得t≈10－7 s答案：(1)1107 m/s (2)U25106 V (3)10－7 s
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