20xx蘇州十中高考模擬試題物理試題-資料下載頁
2025-08-14 17:46本頁面
【導讀】2．如圖所示，由物體A和B組成的系統處于靜止狀態(tài)。A、B的質量分別。為mA和mB，且mA＞mB。滑輪的質量和一切摩擦可不計。使繩的懸點由P點。向右移動一小段距離到Q點，系統再次到達靜止狀態(tài)。物體與斜面間的摩擦力大小變化規(guī)律可能是圖乙中的。5．如圖所示電路，閉合開關S，兩個燈泡都不亮，電流表指針幾乎不動，王星的質量，以為冥王星比地球還大，所以命名為大行星．然而，經過近30年的進一步觀測，自身的重力必須和表面力平衡使其形狀呈圓球．一般來說，行星直徑必須在800公里以上，9．光滑平行導軌水平放置，導軌左端通過開關S與內阻不計、電動勢為E的電源相連，向后噴出時，飛機獲得反作用力，因此能向前加速。至于飛機為何能由地面起飛升空，而在。方與下方的空氣速率不同，使機翼下方的力較大。因此，當飛機沿水平方向快速前進時，機。因而得以升空，并在空中保持飛行高度，不致墜落。考慮飛機在近乎為真空的太陽中航行的可能性。中正確的是（）。
【正文】 向與末動量方向一致． 15． 環(huán)被 A擋住的瞬間 LmmgFT 2??? 得 2F mg? ，故繩斷，之后小球做平拋運動 設小球直接落地，則 221gth? 球的水平位移 LLtx ??? 2? 所以小球先與墻壁碰撞 球平拋運動到墻的時間為 t′ ，則gLLt ??? ? 小球下落高度221 2 Ltgh ???? 碰撞點距 B的距離 LLLH2322 ??? 16. 解： (1)油滴勻速下落過程中受到的電場力和重力平衡，可見所帶電荷為負電荷，即 gmdUq10 ?，得01 Udgmq? (2)油滴加速下落，若油滴帶負電，電荷量為 Q1，則油滴所受到的電場力方向向上，設此時的加速度大小為 a1，由牛頓第二定律得 211212 21, tadamdUQgm ???，得 )2(221 t dgU dmQ ??． 若油滴帶正電，電荷量為 Q2，則油滴所受到的電場力方向向下，設此 時的加速度大小為 a2，由牛頓第二定律得 222222 21, tadamdUQgm ??? ，即 )2( 222 gt dU dmQ ?? 。 17. 【解析】 （ 1）質子先在勻強磁場中做勻速圓周運動，射出磁場后做勻速直線運動，最后進入勻強電場做類平拋運動，軌跡如圖所示 .根據牛頓第二定律，有200Be m R? vv 要使磁場的區(qū)域面積最小，則 Oa為磁場區(qū)域的直徑，由幾何關系可知： 0cos30rR? 求出圓形勻強磁場區(qū)域的最小半徑 032mr eB? v 圓形勻強磁場區(qū)域的最小面積為 222 0m in 223 4 mSr Be???? v （ 2）質子進入電場后，做類平拋運動，垂直電場方向： 0 0sin30st?v ； 平行電場方向： 021cos 302s at?，由牛頓第二定律 eE ma? ， 解得： 2043ms eE? v 。 O 點到 c 點的距離： 222 22020 4 3( ) ( )mmd O b b cB e e E? ? ? ?vv 18. 【解析】（ 1）線框進入磁場前，線框僅受到細線的拉力 FT，斜面的支持力和線框重力，重物 M 受到重力 和 拉力 FT。對 線框 ，由牛頓第二定律得 FT – mg sinα = ma. 聯立解得線框進入磁場前重物 M 的加速度 mM mgMga ??? ?sin=5m/s2 （ 2）因為線框進入磁場的最初一段時間做勻速運動 所以重物受力平衡 Mg = FT′， 線框 abcd 受力平衡 FT′= mg sinα + FA ab 邊進入磁場切割磁感線，產生的電動勢 E = Bl1v 形成的感應電流RvBlREI 1?? 受到的安培力 1BIlFA ? 聯立上述各式得， Mg = mg sinα + RvlB212 代入數據解得 v=6 m/s （ 3）線框 abcd 進入磁場前時，做勻加速直線運動；進磁場的過程中，做勻速直線運動；進入磁場后到運動到 gh 線，仍做勻加速直線運動。 進磁場前線框的加速度大小與重物的加速度相同，為 a = 5 m/s2 該階段運動時間為 ssavt ??? 進磁場過程中勻速運動時間 ssvlt ??? 線框完全進入磁場后線框受力情況同進入磁場前，所以該階段的加速度仍為 a = 5m/s2 2332 21 atvtls ??? 解得： t3 = s 因此 ab 邊由靜止開始運動到 gh 線所用的時間為 t = t1+t2+t3= （ 4）線框 ab 邊運動到 gh 處的速度 v′=v + at3 = 6 m/s+5 m/s=12 m/s 整個運動過程產生的焦耳熱 Q = FAl2 =（ Mg – mgsinθ） l2 = 9 J
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