20xx屆高考二輪復(fù)習(xí)實(shí)驗(yàn)精解訓(xùn)練-實(shí)驗(yàn)7：驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律(含解析)-資料下載頁(yè)
2025-04-05 05:22本頁(yè)面
【正文】 的速度，故只要再測(cè)量彈性球1的質(zhì)量，就能求出彈性球1的動(dòng)量變化；根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律只要測(cè)出立柱高h(yuǎn)和桌面離水平地面的高度H就可以求出彈性球2碰撞前后的速度變化，故只要測(cè)量彈性球2的質(zhì)量和立柱高h(yuǎn)、桌面離水平地面的高度H就能求出彈性球2的動(dòng)量變化。（2）根據(jù)（1）的解析可以寫出動(dòng)量守恒的方程。：（1）；（2）（3）解析：（1）碰撞前A滑塊的速度大小為，碰撞前B滑塊的速度大小為.（2）為了驗(yàn)證碰撞中動(dòng)量守恒，需要驗(yàn)證的關(guān)系式，其中碰撞后的共同速度，分析可得.（3）系統(tǒng)在碰撞過(guò)程中損失的機(jī)械能，分析可得.：（1）（2）；（3）解析：（1） mm，可動(dòng)刻度讀數(shù)為，所以最終讀數(shù)為.（2）燒斷細(xì)線后，a向左運(yùn)動(dòng)，a經(jīng)過(guò)光電門的速度大小為，故a的動(dòng)量大小為離開(kāi)平臺(tái)后做平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律可得，解得，故b的動(dòng)量大小為.（3）對(duì)滑塊a由光電門向左運(yùn)動(dòng)過(guò)程分析，則有，經(jīng)過(guò)光電門的速度大小，由牛頓第二定律可得，聯(lián)立可得，則由圖象可知.：（1）②（2）①⑥；解析：（1）由題圖2可知，，根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的規(guī)律可知相撞的位置在處，故②正確。（2）設(shè)碰撞前滑塊A在的速度分別為，碰撞后，滑塊整體在的速度分別為，則，又，得到碰撞前滑塊A速度，同理，碰撞后整體的速度，原來(lái)需要驗(yàn)證的方程為，聯(lián)立以上方式得：，即需要驗(yàn)證的表達(dá)式，需要直接測(cè)量的物理量是兩個(gè)滑塊的質(zhì)量及和，故①⑥正確。：（1）C（2）ADE（3）（4）14；；解析：（1）小球離開(kāi)軌道后做平拋運(yùn)動(dòng)，由于小球拋出點(diǎn)的高度相等，它們?cè)诳罩械倪\(yùn)動(dòng)時(shí)間相等，小球的水平位移與小球做平拋運(yùn)動(dòng)的初速度成正比，可以用小球的水平位移代替其做平拋運(yùn)動(dòng)的初速度，選項(xiàng)C正確，選項(xiàng)A、B錯(cuò)誤.（2）要驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律，即驗(yàn)證，小球離開(kāi)軌道后做平拋運(yùn)動(dòng)，它們拋出點(diǎn)的高度相等，在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t相等，則，即，因此實(shí)驗(yàn)需要測(cè)量?jī)汕虻馁|(zhì)量、兩球做平拋運(yùn)動(dòng)的水平位移，故選A、D、E.（3）由（2）分析可知，表達(dá)式可表示為.（4）碰撞前、后，小球A動(dòng)量之比碰撞后兩小球的動(dòng)量之比碰撞前、后總動(dòng)量的比值.
醫(yī)療健康相關(guān)推薦
鄂ICP備17016276號(hào)-1