20xx-20xx學(xué)年滬科版選擇性必修第一冊(cè)11動(dòng)量變化與沖量的關(guān)系-課時(shí)作業(yè)4(含解析)-資料下載頁
2025-04-05 05:13本頁面
【正文】 求解，先選取正方向，表示出初速度和末速度，再求動(dòng)量的變化量。根據(jù)速度的大小，求動(dòng)能的變化量。【詳解】解：規(guī)定向西為正，物體動(dòng)量變化量為方向向西。動(dòng)能故這個(gè)過程中，動(dòng)能變化量為0，故C正確，ABD錯(cuò)誤。故選：C。15．BCD【詳解】A．根據(jù)動(dòng)量定理，物體所受合外力的沖量越大，它的動(dòng)量變化也越大，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．根據(jù)動(dòng)量定理，物體所受合外力的沖量不為零，它的動(dòng)量一定要改變，選項(xiàng)B正確；C．根據(jù)動(dòng)量定理，物體的動(dòng)量增量的方向，就是它所受合外力的沖量的方向，選項(xiàng)C正確；D．根據(jù)動(dòng)量定理，則物體所受的合外力越大，它的動(dòng)量變化越快，選項(xiàng)D正確。故選BCD。16．5【詳解】木塊在運(yùn)動(dòng)中受到豎直向下的重力mg，豎直向上的支持力，沿水平方向的恒力F和摩擦力，如圖所示，在豎直方向上木塊所受合力為0，故只用考慮水平方向，因此在10s內(nèi)木塊所受合力的沖量木塊初速度為0，10s末速度為v。根據(jù)動(dòng)量定理有即則17．(1)；(2)【詳解】(1)以碰撞前粒子的速度方向?yàn)檎较?，根?jù)題意可知碰撞后粒子的速度變?yōu)?，由?dòng)量定理得所以一個(gè)粒子與器壁碰撞一次受到的沖量大小為。(2)在時(shí)間內(nèi)能打到面積為S的器壁上的粒子所占據(jù)的體積為由于粒子有均等的概率與器壁各面相碰，所示可能到達(dá)目標(biāo)區(qū)域的粒子數(shù)為根據(jù)動(dòng)量定理得則面積為S的器壁受到的粒子的撞擊力為所以器壁單位面積所受的大量粒子的撞擊力為18．（1）見解析（2）8m/s【詳解】（1）設(shè)斜面的傾角為，恒力F作用的時(shí)間為t，物塊獲得的速度為，通過的位移為s，撤去恒力后物塊在斜面上滑動(dòng)的位移為，滑動(dòng)的加速度大小為a，到頂端的速度為v，在恒力F作用的階段，由動(dòng)量定理，有①②由得③撤去F后的滑動(dòng)過程，由牛頓第二定律，有④⑤聯(lián)立①②③④⑤式，并代入數(shù)據(jù)得⑥（2）由⑥式可得時(shí)有最大值，且.19．【詳解】火箭原來總質(zhì)量用M表示，噴出水流的流量用Q表示，水的密度用表示，水流的噴出速度大小用v表示，火箭的反沖速度大小為，由動(dòng)量守恒定律得火箭啟動(dòng)2s后的速度大小20．(1)見解析；(2)，方向水平向左；(3)，方向豎直向上【詳解】(1)根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的規(guī)律可知根據(jù)牛頓第二定律可知兩式聯(lián)立推得動(dòng)量定理為(2)以鋼球初速度為正方向，根據(jù)動(dòng)量定理解得方向水平向左。(3)小球受到木板的作用力在方向上，小球在方向上根據(jù)動(dòng)量定理解得方向豎直向上。21．(1)3倍；9倍；18kg?m/s ；(2) 7kg?m/s，方向向西；.【詳解】(1)物體動(dòng)量p=mv，故速度由3m/s增大為9m/s，動(dòng)量增大為原來的3倍；動(dòng)量變化量為 物體動(dòng)能，故當(dāng)速度由3m/s增大為9m/s時(shí)，動(dòng)能增大為原來的9倍；(2)設(shè)向西為正方向，則它們動(dòng)量的矢量和方向向西；它們的動(dòng)能之和17
教學(xué)教案相關(guān)推薦
鄂ICP備17016276號(hào)-1