【正文】 ＝FS，s為F作用點(diǎn)的位移，即繩端移動(dòng)的長(zhǎng)度，小物體從A運(yùn)動(dòng)到O的過(guò)程中，利用數(shù)學(xué)幾何關(guān)系在繩子縮短關(guān)系得：S＝2Lcosθ所以 WF＝2FLcosθ，故A錯(cuò)誤，B正確。CD、根據(jù)幾何關(guān)系得OB斜面傾角為2θ，小物體在BO段運(yùn)動(dòng)過(guò)程中摩擦力大小為 f＝μmgcos2θ，小物體在BO段運(yùn)動(dòng)過(guò)程中克服摩擦力做的功為 Wf＝fL＝μmgLcos2θ，故C正確，D錯(cuò)誤。故選：BC。18．【分析】v﹣t圖象與坐標(biāo)軸所圍成圖形的面積等于物體位移大小，根據(jù)圖示圖象比較在兩時(shí)間段內(nèi)物體位移的大?。挥蓤D看出，物塊先向下運(yùn)動(dòng)后向上運(yùn)動(dòng)，則知傳送帶的運(yùn)動(dòng)方向應(yīng)向上。0～t1內(nèi)，物塊對(duì)傳送帶的摩擦力方向沿傳送帶向下，可知物塊對(duì)傳送帶做功情況。由于物塊能向上運(yùn)動(dòng)，則有 μmgcosθ＞mgsinθ．根據(jù)動(dòng)能定理研究0～t2內(nèi)，傳送帶對(duì)物塊做功?！窘獯稹拷猓篈、由圖可知，0～t1內(nèi)圖象與坐標(biāo)軸所形成的三角形面積大于圖象在t1～t2內(nèi)與坐標(biāo)軸所圍成的三角形面積，則物塊在0～t1內(nèi)運(yùn)動(dòng)的位移比在t1～t2內(nèi)運(yùn)動(dòng)的位移大，故A錯(cuò)誤；B、0～t2內(nèi)，物塊先向下運(yùn)動(dòng)，后向上運(yùn)動(dòng)，總位移向下，所以重力對(duì)物塊做正功，故B正確；C、在t1～t2內(nèi)，物塊向上運(yùn)動(dòng)，則有：μmgcosθ＞mgsinθ，解得：μ＞tanθ，故C正確；D、0～t2內(nèi)，重力對(duì)物塊做正功，設(shè)為WG，根據(jù)動(dòng)能定理得：W+WG＝mv22﹣mv12，則傳送帶對(duì)物塊做功為：W＜mv22﹣mv12，故D錯(cuò)誤。故選：BC。19．【分析】先求出滑動(dòng)摩擦力，然后結(jié)合圖象求出各個(gè)時(shí)間段的合力，再求的各段的加速度，最后根據(jù)速度時(shí)間公式求各個(gè)時(shí)刻的速度以及各個(gè)時(shí)間段的位移，從而得出總位移。根據(jù)功的計(jì)算公式求拉力做功。由P＝Fv求t＝8s末拉力的功率?！窘獯稹拷猓篈B、物體受到的滑動(dòng)摩擦力為：f＝μmg＝210N＝4N0﹣3s內(nèi)，F(xiàn)＝f，物體靜止，位移 s1＝03﹣6s 由牛頓第二定律可得：a＝＝＝2m/s2。位移為：s2＝at2＝232m＝9m末速度為：v＝at＝23m/s＝6m/s6﹣9s F＝f物體做勻速運(yùn)動(dòng)，s3＝vt＝18m9﹣12s受力與3﹣6s相同，所以加速度相同，物體在t＝12s末速度 v′＝v+at＝6+23＝12m/s0﹣9s內(nèi)的總位移為：S＝s1+s2+s3＝0+9+18＝27m。故A正確，B錯(cuò)誤。C、在t＝6s到t＝9s這段時(shí)間內(nèi)物體做勻速直線運(yùn)動(dòng)，拉力F做功 W＝Fs3＝418J＝72J，故C錯(cuò)誤。D、物體在t＝8s末速度大小為 v＝6m/s，拉力的功率為 P＝Fv＝46W＝24W，故D正確。故選：AD。20．【分析】從發(fā)球到O點(diǎn)應(yīng)用動(dòng)能定理列出等式找出在冰壺滑行路線上擦冰的距離來(lái)進(jìn)行判斷．擦冰區(qū)間越靠近投擲線，則開(kāi)始階段冰壺的平均速度就越大，總的平均速度越大，距離一定，所以時(shí)間越短．【解答】解：A、從發(fā)球到O點(diǎn)應(yīng)用動(dòng)能定理列出等式可知：，所以可以在冰壺滑行路線上的不同區(qū)間上擦冰，只要保證擦冰的距離一定就行。故A錯(cuò)誤，B正確。C、擦冰區(qū)間越靠近投擲線，則開(kāi)始階段冰壺的平均速度就越大，總的平均速度越大，距離一定，所以時(shí)間越短，故C正確，D錯(cuò)誤。故選：BC。21．【分析】物體先在斜面上加速，后在水平面上減速，B點(diǎn)的速度大小是相同的，結(jié)合乙圖中的時(shí)間關(guān)系，即可得出加速度的關(guān)系；由加速度與時(shí)間的關(guān)系，結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)的公式即可求出位移關(guān)系；由乙圖得出受到的摩擦力的關(guān)系，從而得出斜面的傾角；根據(jù)物塊在斜面上受力情況，運(yùn)用牛頓第二定律求解摩擦因數(shù)．【解答】解：A、設(shè)滑動(dòng)到達(dá)B點(diǎn)的速度為v，滑塊在斜面上的位移：x1＝?4t0，在水平面上的位移：x2＝?t0，滑塊在斜面和水平面的位移大小之比：＝＝，故A正確；B、A到B的過(guò)程中：a1?4t0＝v，B到C的過(guò)程中：v＝a2t0，加速度之比：＝，故B錯(cuò)誤；C、由圖乙可得：f2＝μmg＝5N，f1＝μmgcosθ＝4N，所以：＝cosθ＝，即：cosθ＝，故C正確；D、物體在斜面上運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中：mgsinθ﹣μmgcosθ＝ma1，在水平面上運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中：ma2＝μmg，解得：μ＝，故D正確；故選：ACD。22．【分析】根據(jù)牛頓第二定律求出上滑和下滑過(guò)程中的加速度大小，從而得出速度隨時(shí)間的變化規(guī)律，根據(jù)動(dòng)能定理得出動(dòng)能與位移的規(guī)律，根據(jù)W＝mgh，得出重力做功與位移的關(guān)系?！窘獯稹拷猓篈B、物體上滑時(shí)的加速度大小為：a1＝＝gsinθ+μgcosθ，方向沿斜面向下。下滑時(shí)的加速度大小為：a2＝＝gsinθ﹣μgcosθ，方向沿斜面向下則知a1＞a2，方向相同，均為負(fù)方向。根據(jù)位移公式 x＝at2，知由于下滑與上滑過(guò)程位移大小相等，則知，下滑時(shí)間大于上滑的時(shí)間。由于機(jī)械能有損失，因此返回到出發(fā)點(diǎn)時(shí)速度小于小球出發(fā)時(shí)的初速度。根據(jù)速度時(shí)間圖線的斜率表示加速度，故A錯(cuò)誤，B正確。C、重力做功為：W＝﹣mgh＝﹣mgxsinθ，故C正確。D、根據(jù)動(dòng)能定理得：上升過(guò)程有：Ek﹣＝﹣ma1x，得：Ek＝﹣ma1x。下滑過(guò)程有：Ek＝ma2（L﹣x），由數(shù)學(xué)知識(shí)可知，應(yīng)該是動(dòng)能與位移的大小，因此此圖是錯(cuò)誤的，故D錯(cuò)誤。故選：BC。23．【分析】小球向下擺動(dòng)的過(guò)程中，細(xì)線的拉力對(duì)小球不做功，只有重力做功，根據(jù)動(dòng)能定理或機(jī)械能守恒定律、功率公式和牛頓定律結(jié)合解答即可．【解答】解：A、從P點(diǎn)到Q點(diǎn)，重力對(duì)小球做的功為mgl（sinθ+1），根據(jù)動(dòng)能定理得：＝mgl（sinθ+1），得 v＝，故A錯(cuò)誤。B、小球的動(dòng)能為 Ek＝＝mgl（sinθ+1）故B正確；C、在Q點(diǎn)小球速度方向是水平的，與重力垂直，所以重力對(duì)小球的功率為0，故C正確。D、在Q點(diǎn)，根據(jù)牛頓第二定律得 F﹣mg＝m，解得 F＝mg（2sinθ+3），故D錯(cuò)誤。故選：BC。24．【分析】由題意明確圖象的性質(zhì)，則可得出位移的決定因素；根據(jù)豎直方向的運(yùn)動(dòng)可求得初速度；由水平運(yùn)動(dòng)關(guān)系可求得動(dòng)摩擦因數(shù)；再由數(shù)學(xué)關(guān)系可求得位移的最小值．【解答】解：A、由圖可知，當(dāng)夾角θ＝0時(shí)，；而當(dāng)夾角為90176。時(shí)，；則由豎直上拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律可知：v02＝2gh；解得：v0＝＝6m/s；故A錯(cuò)誤；B、當(dāng)夾角為0度時(shí)，由動(dòng)能定理可得：μmgx＝mv02，解得：μ＝＝，故B正確；C、若θ＝30176。時(shí)，物體受到的重力的分力為mgsin30176。＝mg；摩擦力f＝μmgcos30176。＝mg＝mg；一般認(rèn)為最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力；故小球達(dá)到最高點(diǎn)后，不會(huì)下滑，故C錯(cuò)誤；D、﹣mgxsinθ﹣μmgcosθx＝0﹣mv02解得：x＝＝＝，當(dāng)θ+α＝90176。時(shí)，sin（θ+α）＝1；此時(shí)位移最小，x＝；故D正確；故選：BD。25．【分析】根據(jù)動(dòng)能定理比較兩物塊到達(dá)底端的動(dòng)能，從而比較出速度的大小，根據(jù)重力與速度方向的關(guān)系，結(jié)合P＝mgvcosα比較瞬時(shí)功率的大小．【解答】解：A、根據(jù)動(dòng)能定理得，mgR＝，知兩物塊達(dá)到底端的動(dòng)能相等，速度大小相等，但是速度的方向不同。故A錯(cuò)誤。B、兩物塊運(yùn)動(dòng)到底端的過(guò)程中，下落的高度相同，重力做功相同。故B正確。C、兩物塊到達(dá)底端的速度大小相等，質(zhì)量相等，可知兩物塊到達(dá)底端時(shí)動(dòng)能相同，故C正確。D、兩物塊到達(dá)底端的速度大小相等，甲重力與速度方向垂直，瞬時(shí)功率為零，則乙重力做功的瞬時(shí)功率大于甲重力做功的瞬時(shí)功率。故D錯(cuò)誤。故選：BC。26．【分析】當(dāng)空氣阻力與重力相等時(shí)速度達(dá)到最大，分析跳傘員的運(yùn)動(dòng)過(guò)程，應(yīng)用動(dòng)能定理與運(yùn)動(dòng)學(xué)公式分析答題．【解答】解：空氣阻力與重力相等，即f＝mg時(shí)速度達(dá)到最大，設(shè)最大速度為v，A、由動(dòng)能定理可得：mg?﹣W1＝mv2，mg?﹣W2＝0﹣0，則：W1＝mgH﹣mv2，W2＝mgH＞2（mgH﹣mv2）＝2W1，故A正確，B錯(cuò)誤；C、如果加速過(guò)程是勻加速運(yùn)動(dòng)，則：＝t，t＝，由于加速過(guò)程是加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，t1＞t＝，勻速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間：t2＝，則：t1＞t2，故C正確，D錯(cuò)誤；故選：AC。27