(物理)物理整體法隔離法解決物理試題提高訓(xùn)練含解析-資料下載頁(yè)
2025-03-30 07:21本頁(yè)面
【正文】 機(jī)械能守恒D．地面對(duì)斜面體的支持力最大為10mg【答案】BCD【解析】小球A擺下過(guò)程，只有重力做功，機(jī)械能守恒，有，在最低點(diǎn)有：，解得：，再對(duì)物體B受力分析，受重力、支持力、拉力和靜摩擦力，此時(shí)支持力最大，為，重力沿斜面向下的分力為，故靜摩擦力一直減小，故A錯(cuò)誤，CD正確．對(duì)物體B和斜面體整體受力分析，由于A球向左下方拉物體B和斜面體整體，故一定受到地面對(duì)其向右的靜摩擦力．故B正確．故選BCD．【點(diǎn)睛】小物體B一直保持靜止，小球A擺下過(guò)程，只有重力做功，機(jī)械能守恒，細(xì)線的拉力從零增加到最大，再對(duì)物體B受力分析，根據(jù)平衡條件判斷靜摩擦力的變化情況．對(duì)B與斜面整體受力分析，判斷地面對(duì)斜面體摩擦力的方向以及壓力的大小．14．在如圖所示電路中，閉合電鍵S，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向下滑動(dòng)時(shí)，四個(gè)理想電表的示數(shù)都發(fā)生變化，電表的示數(shù)分別用I、UU2和U3表示，電表示數(shù)變化量的大小分別用△I、△U△U2和△U3表示．下列比值正確的是A．△U1△U2 ,△U2△U3B．U1:I不變,△U1:△I不變C．U2:I變大,△U2:△I變大D．U3:I變大,△U3:△I不變【答案】BD【解析】A、當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向下滑動(dòng)時(shí)，接入電路的電阻增大，電路中電流的減小，根據(jù)串聯(lián)電路的特點(diǎn)可知，R1的電壓減小，R2的電壓增加．電源的內(nèi)電壓減小，則路端電壓增大，因?yàn)閁1+U2=U3，所以R1的電壓減小量小于R2的電壓增加量，即有：|△U1|＜|△U2|，且有|△U2|＞|△U3|．故A錯(cuò)誤．B、由于R1是定值電阻，根據(jù)歐姆定律得知，保持不變，故B正確．C、變大．根據(jù)閉合電路歐姆定律知：U2=EI(R1+r)，則得，保持不變，故C錯(cuò)誤．D、,變大；根據(jù)閉合電路歐姆定律得：U3=EIr，保持不變．故D正確．故選BD．【點(diǎn)睛】本題要注意對(duì)于定值電阻，是線性元件，有，而變阻器是非線性元件，r.15．一平行板電容器的兩塊金屬板A，B正對(duì)豎直放置，在金屬板A的內(nèi)側(cè)表面系一絕緣細(xì)線，細(xì)線下端系一帶電小球(可視為點(diǎn)電荷)。兩塊金屬板接在如圖所示的電路中，電路中的R1為光敏電阻(其阻值隨所受光照強(qiáng)度的增大而減小)，R2為滑動(dòng)變阻器，R3為定值電阻。當(dāng)R2的滑動(dòng)觸頭P在中間時(shí)閉合開(kāi)關(guān)S，此時(shí)電流表和電壓表的示數(shù)分別為I和U，帶電小球靜止時(shí)絕緣細(xì)線與金屬板A的夾角為θ。電源電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r一定，下列說(shuō)法中正確的是（ ?。〢．若將R2的滑動(dòng)觸頭P向a端移動(dòng)，則θ變小B．若將R2的滑動(dòng)觸頭P向b端移動(dòng)，則I減小，U增大C．保持滑動(dòng)觸頭P不動(dòng)，用較強(qiáng)的光照射R1，則小球重新達(dá)到穩(wěn)定后θ變大D．保持滑動(dòng)觸頭P不動(dòng)，用較強(qiáng)的光照射R1，則平行板電容器的電量變小【答案】BD【解析】【詳解】A．平行板電容器與光敏電阻并聯(lián)，而光敏電阻與滑動(dòng)變阻器串聯(lián)，當(dāng)將R2的滑動(dòng)觸頭P向a端移動(dòng)，總電阻減小，總電流增大，那么光敏電阻兩端電壓增大，因此電容器兩端的電壓也增大，則θ變大，故A錯(cuò)誤；B．若將R2的滑動(dòng)觸頭P向b端移動(dòng)，總電阻增大，則I減小，因此內(nèi)電壓減小，則U增大，故B正確；C．用更強(qiáng)的光線照射R1，R1的阻值變小，總電阻減小，電流增大，內(nèi)電壓增大，外電壓減小，即U減小，但R2和R3兩端電壓都增大，故R1兩端電壓減小，所以電容器兩端的電壓減小，小球重新達(dá)到穩(wěn)定后θ變小，故C錯(cuò)誤；D．由C選項(xiàng)分析可知，當(dāng)電容器兩端的電壓減小時(shí)，依據(jù)Q=CU，平行板電容器的電量變小，故D正確。故選BD。
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