陜西省咸陽市20xx屆高三下學(xué)期模擬考試(二)理綜物理試題(精品解析版)(編輯修改稿)
2025-04-05 06:22 本頁面
【文章內(nèi)容簡介】 在2s到6s之間縱坐標不發(fā)生變化，故處于靜止狀態(tài)，故D錯。故選C?？键c：勻變速直線運動位移圖像?！久麕燑c睛】解題的關(guān)鍵是要弄清楚勻變速直線運動位移圖像的特點：位移圖像的斜率代表物體運動的速度，圖像的縱坐標表示某一時刻物體的位置，交點代表相遇。4. 如圖甲，匝數(shù)n=2的金屬圈（電阻不計）圍成的面積為20cm2，線圈與R=20Ω的電阻連接，置于豎直向上、均勻分布的磁場中，．磁場與線圈平面垂直，磁感應(yīng)強度為B，Bt關(guān)系如圖乙，規(guī)定感應(yīng)電流i從a經(jīng)過R到b的方向為正方向．忽略線圈的自感影響，則下列it關(guān)系圖正確的是（ ） A. B. C. D. 【答案】D考點：楞次定律【名師點睛】由右圖可知B的變化，則可得出磁通量的變化情況，由楞次定律可知電流的方向；由法拉第電磁感應(yīng)定律可知電動勢，即可知電路中電流的變化情況；本題要求學(xué)生能正確理解圖的含義，才能準確的利用楞次定律進行判定。5. 空間有一勻強電場，在電場中建立如圖所示的直角坐標系Oxyz，M、N、P為電場中的三個點，M點的坐標（0，a，0），N點的坐標為（a，0，0），P點（圖中未畫出）的坐標為（a， ， ）．已知電場方向平行于直線MN，M點電勢為0，N點電勢為1V，則P點的電勢為（ ）A. B. C. D. 【答案】D【解析】試題分析：根據(jù)題意已知電場方向平行于直線MN，點M的電勢為0，點N的電勢為1V，故，將電場強度沿著x方向和+y方向正交分解，設(shè)合場強為E，則x和+y方向的分量分別為：，設(shè)P在xOy平面上的投影為點，投影點的坐標為，則聯(lián)立即得，又因N點電勢為1V，則電勢為，即P點電勢為，D正確考點：考查了電勢，【名師點睛】將電場強度沿坐標軸方向正交分解，求出軸向的E的分量值，再選用U=Ed，求得電勢差，得電勢．視頻6. 如圖所示，電路中電源電動勢為E，內(nèi)阻為r，C為電容器，L為小燈泡，R為定值電阻，閉合電鍵，小燈泡能正常發(fā)光，．現(xiàn)將滑動變阻器滑片向右滑動一段距離，滑動前后理想電壓表VVV3示數(shù)變化量的絕對值分別為，理想電流表A示數(shù)變化量的絕對值為，則（ ?。〢. 電源的輸出功率一定增大B. 燈泡亮度逐漸變暗C. 均保持不變D. 當電路穩(wěn)定后，斷開電鍵，小燈泡立刻熄滅【答案】BC【解析】A、將滑動變阻器滑片向右滑動時接入電路的電阻減小，電路中電流增大，電源的內(nèi)電壓增大，則路端電壓減小，示數(shù)增大，A的示數(shù)增大，由于電源的內(nèi)阻與外電阻的大小關(guān)系未知，所以電源的輸出功率不一定增大，故A錯誤；B、電路中電流增大，通過燈泡的電流增大，所以燈泡變亮，故B錯誤；C、根據(jù)，得，保持不變，保持不變，根據(jù)閉合電路歐姆定律：，則，保持不變，故C正確；D、當電路穩(wěn)定后，斷開電鍵，電容器通過燈泡和變阻器放電，所以小燈泡不會立即熄滅，故D錯誤。點睛：本題是電路的動態(tài)分析問題，關(guān)鍵要搞清電路的結(jié)構(gòu)，明確電表各測量哪部分電路的電壓或電流，根據(jù)閉合電路歐姆定律進行分析。7. 如圖所示為一種質(zhì)譜儀的工作原理示意圖，此質(zhì)譜儀由以下幾部分構(gòu)成：離子源、加速電場、靜電分析器、磁分析器、收集器，靜電分析器通道中心線半徑為R，通道內(nèi)有均勻輻射電場，在中心線處的電場強度大小為E；磁分析器中分布著方向垂直于紙面，磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場，其左邊界與靜電分析器的右邊界平行．由離子源發(fā)出一個質(zhì)量為m、電荷量為q的正離子（初速度為零，重力不計），經(jīng)加速電場加速后進入靜電分析器，沿中心線MN做勻速圓周運動，而后由P點進入磁分析器中，最終經(jīng)過Q點進入收集器．下列說法中正確的是（ ?。〢. 磁分析器中勻強磁場方向垂直于紙面向內(nèi)B. 加速電場中的加速電壓C. 磁分析器中圓心O2到Q點的距離D. 任何離子若能到達P點，則一定能進入收集器【答案】BC【解析】A、離子在磁分析器中沿順時針轉(zhuǎn)動，所受洛倫磁力指向圓心，根據(jù)左手定則，磁分析器中勻強磁場方向垂直于紙面向外，故A錯誤；B、離子在靜電分析器中做勻速圓周運動，根據(jù)牛頓第二定律有：，設(shè)離子進入靜電分析器時的速度為v，離子在加速電場中加速的過程中，由動能定理有：，解得：，B正確；C、離子在磁分析器中做勻速圓周運動，由牛頓第二定律有：，解得：，則：，故C正確；D、由B可知：，R與離子質(zhì)量、電量無關(guān)；離子在磁場中的軌道半徑：，離子在磁場中做圓周運動的軌道半徑與電荷的質(zhì)量和電量有關(guān)，能夠到達P點的不同離子，半徑不一定都等于d，不一定能進入收集器，故D錯誤。點睛：本題考查粒子在電場中加速與勻速圓周運動，及在磁場中做勻速圓周運動，掌握電場力與洛倫茲力在各自場中應(yīng)用，注意粒子在靜電分析器中電場力不做功。8. 如圖所示，弧形軌道固定于足夠長的水平軌道上，弧形軌道與水平軌道平滑連接，水平軌道上靜置一小球B和C，小球A從弧形軌道上離地面高h處由靜止釋放。，小球A沿軌道下滑后與小球B發(fā)生彈性正碰，碰后小球A被彈回，B球與C球碰撞后粘在一起，A球彈同后再從弧形軌道上滾下，已知所有接觸面均光滑，A、C兩球的質(zhì)量相等，B球的質(zhì)量為A球質(zhì)量的2倍，如果讓小球A從h=，則下列說法正確的是（重力加速度為g=10m/s2）（ ?。〢. A球從h處由靜止釋放則最后不會與B球冉相碰B. A球從h處由靜止釋放則最后會與B球再相碰C. A球從h=D. A球從h=【答案】AD【解析】A、設(shè)A球的質(zhì)量為m，A從弧形軌道滑到水平軌道的過程中，根據(jù)動能定理得： ，解得： A與B發(fā)生彈性正碰，則碰撞過程中，AB動量守恒，機械能守恒，以A的初速度方向為正方向，由動量守恒和機械能守恒定律得：解得：。B與C碰撞過程中，BC組成的系統(tǒng)動量守恒，以B的速度方向為正，根據(jù)動量守恒定律得：解得：，所以最后A球不會與B球再相碰，故A正確，B錯誤；C、當時，根據(jù)、可得，C球最后的速度，故C錯誤，D正確。點睛：本題考查動量守恒定律及能量守恒定律的直接應(yīng)用，要注意在分析問題時，要正確選擇研究對象系統(tǒng)，明確動量守恒的條件及應(yīng)用，注意要規(guī)定正方向。
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