陜西省咸陽(yáng)市20xx屆高三下學(xué)期模擬考試(二)理綜物理試題(精品解析版)(編輯修改稿)
2025-04-05 06:22 本頁(yè)面
【文章內(nèi)容簡(jiǎn)介】 在2s到6s之間縱坐標(biāo)不發(fā)生變化，故處于靜止?fàn)顟B(tài)，故D錯(cuò)。故選C?？键c(diǎn)：勻變速直線運(yùn)動(dòng)位移圖像?！久麕燑c(diǎn)睛】解題的關(guān)鍵是要弄清楚勻變速直線運(yùn)動(dòng)位移圖像的特點(diǎn)：位移圖像的斜率代表物體運(yùn)動(dòng)的速度，圖像的縱坐標(biāo)表示某一時(shí)刻物體的位置，交點(diǎn)代表相遇。4. 如圖甲，匝數(shù)n=2的金屬圈（電阻不計(jì)）圍成的面積為20cm2，線圈與R=20Ω的電阻連接，置于豎直向上、均勻分布的磁場(chǎng)中，．磁場(chǎng)與線圈平面垂直，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，Bt關(guān)系如圖乙，規(guī)定感應(yīng)電流i從a經(jīng)過(guò)R到b的方向?yàn)檎较颍雎跃€圈的自感影響，則下列it關(guān)系圖正確的是（ ） A. B. C. D. 【答案】D考點(diǎn)：楞次定律【名師點(diǎn)睛】由右圖可知B的變化，則可得出磁通量的變化情況，由楞次定律可知電流的方向；由法拉第電磁感應(yīng)定律可知電動(dòng)勢(shì)，即可知電路中電流的變化情況；本題要求學(xué)生能正確理解圖的含義，才能準(zhǔn)確的利用楞次定律進(jìn)行判定。5. 空間有一勻強(qiáng)電場(chǎng)，在電場(chǎng)中建立如圖所示的直角坐標(biāo)系Oxyz，M、N、P為電場(chǎng)中的三個(gè)點(diǎn)，M點(diǎn)的坐標(biāo)（0，a，0），N點(diǎn)的坐標(biāo)為（a，0，0），P點(diǎn)（圖中未畫(huà)出）的坐標(biāo)為（a， ， ）．已知電場(chǎng)方向平行于直線MN，M點(diǎn)電勢(shì)為0，N點(diǎn)電勢(shì)為1V，則P點(diǎn)的電勢(shì)為（ ）A. B. C. D. 【答案】D【解析】試題分析：根據(jù)題意已知電場(chǎng)方向平行于直線MN，點(diǎn)M的電勢(shì)為0，點(diǎn)N的電勢(shì)為1V，故，將電場(chǎng)強(qiáng)度沿著x方向和+y方向正交分解，設(shè)合場(chǎng)強(qiáng)為E，則x和+y方向的分量分別為：，設(shè)P在xOy平面上的投影為點(diǎn)，投影點(diǎn)的坐標(biāo)為，則聯(lián)立即得，又因N點(diǎn)電勢(shì)為1V，則電勢(shì)為，即P點(diǎn)電勢(shì)為，D正確考點(diǎn)：考查了電勢(shì)，【名師點(diǎn)睛】將電場(chǎng)強(qiáng)度沿坐標(biāo)軸方向正交分解，求出軸向的E的分量值，再選用U=Ed，求得電勢(shì)差，得電勢(shì)．視頻6. 如圖所示，電路中電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻為r，C為電容器，L為小燈泡，R為定值電阻，閉合電鍵，小燈泡能正常發(fā)光，．現(xiàn)將滑動(dòng)變阻器滑片向右滑動(dòng)一段距離，滑動(dòng)前后理想電壓表VVV3示數(shù)變化量的絕對(duì)值分別為，理想電流表A示數(shù)變化量的絕對(duì)值為，則（ ?。〢. 電源的輸出功率一定增大B. 燈泡亮度逐漸變暗C. 均保持不變D. 當(dāng)電路穩(wěn)定后，斷開(kāi)電鍵，小燈泡立刻熄滅【答案】BC【解析】A、將滑動(dòng)變阻器滑片向右滑動(dòng)時(shí)接入電路的電阻減小，電路中電流增大，電源的內(nèi)電壓增大，則路端電壓減小，示數(shù)增大，A的示數(shù)增大，由于電源的內(nèi)阻與外電阻的大小關(guān)系未知，所以電源的輸出功率不一定增大，故A錯(cuò)誤；B、電路中電流增大，通過(guò)燈泡的電流增大，所以燈泡變亮，故B錯(cuò)誤；C、根據(jù)，得，保持不變，保持不變，根據(jù)閉合電路歐姆定律：，則，保持不變，故C正確；D、當(dāng)電路穩(wěn)定后，斷開(kāi)電鍵，電容器通過(guò)燈泡和變阻器放電，所以小燈泡不會(huì)立即熄滅，故D錯(cuò)誤。點(diǎn)睛：本題是電路的動(dòng)態(tài)分析問(wèn)題，關(guān)鍵要搞清電路的結(jié)構(gòu)，明確電表各測(cè)量哪部分電路的電壓或電流，根據(jù)閉合電路歐姆定律進(jìn)行分析。7. 如圖所示為一種質(zhì)譜儀的工作原理示意圖，此質(zhì)譜儀由以下幾部分構(gòu)成：離子源、加速電場(chǎng)、靜電分析器、磁分析器、收集器，靜電分析器通道中心線半徑為R，通道內(nèi)有均勻輻射電場(chǎng)，在中心線處的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E；磁分析器中分布著方向垂直于紙面，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，其左邊界與靜電分析器的右邊界平行．由離子源發(fā)出一個(gè)質(zhì)量為m、電荷量為q的正離子（初速度為零，重力不計(jì)），經(jīng)加速電場(chǎng)加速后進(jìn)入靜電分析器，沿中心線MN做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，而后由P點(diǎn)進(jìn)入磁分析器中，最終經(jīng)過(guò)Q點(diǎn)進(jìn)入收集器．下列說(shuō)法中正確的是（ ?。〢. 磁分析器中勻強(qiáng)磁場(chǎng)方向垂直于紙面向內(nèi)B. 加速電場(chǎng)中的加速電壓C. 磁分析器中圓心O2到Q點(diǎn)的距離D. 任何離子若能到達(dá)P點(diǎn)，則一定能進(jìn)入收集器【答案】BC【解析】A、離子在磁分析器中沿順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，所受洛倫磁力指向圓心，根據(jù)左手定則，磁分析器中勻強(qiáng)磁場(chǎng)方向垂直于紙面向外，故A錯(cuò)誤；B、離子在靜電分析器中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律有：，設(shè)離子進(jìn)入靜電分析器時(shí)的速度為v，離子在加速電場(chǎng)中加速的過(guò)程中，由動(dòng)能定理有：，解得：，B正確；C、離子在磁分析器中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律有：，解得：，則：，故C正確；D、由B可知：，R與離子質(zhì)量、電量無(wú)關(guān)；離子在磁場(chǎng)中的軌道半徑：，離子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑與電荷的質(zhì)量和電量有關(guān)，能夠到達(dá)P點(diǎn)的不同離子，半徑不一定都等于d，不一定能進(jìn)入收集器，故D錯(cuò)誤。點(diǎn)睛：本題考查粒子在電場(chǎng)中加速與勻速圓周運(yùn)動(dòng)，及在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，掌握電場(chǎng)力與洛倫茲力在各自場(chǎng)中應(yīng)用，注意粒子在靜電分析器中電場(chǎng)力不做功。8. 如圖所示，弧形軌道固定于足夠長(zhǎng)的水平軌道上，弧形軌道與水平軌道平滑連接，水平軌道上靜置一小球B和C，小球A從弧形軌道上離地面高h(yuǎn)處由靜止釋放。，小球A沿軌道下滑后與小球B發(fā)生彈性正碰，碰后小球A被彈回，B球與C球碰撞后粘在一起，A球彈同后再?gòu)幕⌒诬壍郎蠞L下，已知所有接觸面均光滑，A、C兩球的質(zhì)量相等，B球的質(zhì)量為A球質(zhì)量的2倍，如果讓小球A從h=，則下列說(shuō)法正確的是（重力加速度為g=10m/s2）（ ）A. A球從h處由靜止釋放則最后不會(huì)與B球冉相碰B. A球從h處由靜止釋放則最后會(huì)與B球再相碰C. A球從h=D. A球從h=【答案】AD【解析】A、設(shè)A球的質(zhì)量為m，A從弧形軌道滑到水平軌道的過(guò)程中，根據(jù)動(dòng)能定理得： ，解得： A與B發(fā)生彈性正碰，則碰撞過(guò)程中，AB動(dòng)量守恒，機(jī)械能守恒，以A的初速度方向?yàn)檎较颍蓜?dòng)量守恒和機(jī)械能守恒定律得：解得：。B與C碰撞過(guò)程中，BC組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，以B的速度方向?yàn)檎?，根?jù)動(dòng)量守恒定律得：解得：，所以最后A球不會(huì)與B球再相碰，故A正確，B錯(cuò)誤；C、當(dāng)時(shí)，根據(jù)、可得，C球最后的速度，故C錯(cuò)誤，D正確。點(diǎn)睛：本題考查動(dòng)量守恒定律及能量守恒定律的直接應(yīng)用，要注意在分析問(wèn)題時(shí)，要正確選擇研究對(duì)象系統(tǒng)，明確動(dòng)量守恒的條件及應(yīng)用，注意要規(guī)定正方向。
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