20xx-20xx學(xué)年滬科版選擇性必修第一冊11動量變化與沖量的關(guān)系-課時(shí)作業(yè)7(含解析)(編輯修改稿)
2025-04-05 05:46 本頁面
【文章內(nèi)容簡介】 30 m的壘球場上落地． kg， m， s， m/s2，求球棒對壘球的平均作用力的大?。?3．某游樂園入口旁有一噴泉，噴出的水柱將一質(zhì)量為M的卡通玩具穩(wěn)定地懸停在空中。為計(jì)算方便起見，假設(shè)水柱從橫截面積為S的噴口持續(xù)以速度豎直向上噴出；玩具底部為平板面積略大于；水柱沖擊到玩具底板后，在豎直方向水的速度變?yōu)榱?，在水平方向朝四周均勻散開忽略空氣阻力。已知水的密度為，重力加速度大小為。求：(1)噴泉單位時(shí)間內(nèi)噴出的水的質(zhì)量；(2)玩具在空中懸停時(shí)，其底面相對于噴口的高度。24．正方體密閉容器中有大量運(yùn)動粒子，每個(gè)粒子質(zhì)量為m，單位體積內(nèi)粒子數(shù)量n為恒量．為簡化問題，我們假定：粒子大小可以忽略；其速率均為V，且與器壁各面碰撞的機(jī)會均等；與器壁碰撞前后瞬間，粒子速度方向都與器壁垂直，且速率不變．利用所學(xué)力學(xué)知識，導(dǎo)出器壁單位面積所受粒子壓力f與m、n和v的關(guān)系． 參考答案1．C【解析】【詳解】車和煤粉整體受重力G、支持力N、拉力F，對5s過程運(yùn)用動量定理，有：Ft=△mv；解得：；故C正確ABD錯誤．故選C．2．B【解析】從圖象可知，兩物塊勻減速運(yùn)動的加速度大小之都為，根據(jù)牛頓第二定律，勻減速運(yùn)動中有f=ma′，則摩擦力大小都為m．根據(jù)圖象知，勻加速運(yùn)動的加速度分別為：，根據(jù)牛頓第二定律，勻加速運(yùn)動中有Ff=ma，則F1=，F(xiàn)2=，F(xiàn)1和F2的大小之比為12：5；所以：，則I1＜I2；圖線與時(shí)間軸所圍成的面積表示運(yùn)動的位移，則位移之比為；兩個(gè)物體的初速度、末速度都是0，所以拉力做的功與摩擦力做的功大小相等，所以：，則W1＞W(wǎng)2．故選B.點(diǎn)睛：解決本題的關(guān)鍵通過圖象得出勻加速運(yùn)動和勻減速運(yùn)動的加速度，根據(jù)牛頓第二定律，得出兩個(gè)力的大小之比，以及知道速度時(shí)間圖線與時(shí)間軸所圍成的面積表示位移．3．B【分析】對球棒擊球的過程分別運(yùn)用動量定理和動能定理列方程求解作用力和作用．動量定理表達(dá)式是矢量表達(dá)式，在運(yùn)用動量定理是要注意方向．【詳解】根據(jù)動量定理：，解得，A錯誤B正確；根據(jù)動能定理，CD誤．4．D【解析】動量的變化是末動量減去初動量，規(guī)定了豎直向下為正方向，初動量 ，末動量，動量的變化 ，故D正確綜上所述本題答案是：D5．C【詳解】在木塊與彈簧接觸到將彈簧壓縮為最短的過程中，彈簧對木塊做負(fù)功，在彈簧將木塊彈出的過程中，彈簧對木塊做正功，且正功與負(fù)功的絕對值相等，故在整個(gè)相互作用的過程中彈簧對木塊做的總功W=0木塊將以v0的速度被彈回，由動量定理可得，在整個(gè)相互作用的過程中彈簧對木塊沖量的大小故選C?！军c(diǎn)晴】解決本題關(guān)鍵將整個(gè)相互作用過程分為木塊與彈簧接觸到將彈簧壓縮為最短的過程和彈簧將木塊彈出的過程進(jìn)行分析，注意動量為矢量，有大小和方向。6．B【詳解】A．摩天輪運(yùn)動過程中做勻速圓周運(yùn)動，乘客的速度大小不變，則動能不變，但高度變化，所以機(jī)械能在變化，選項(xiàng)A錯誤；B．圓周運(yùn)動過程中，在最高點(diǎn)由重力和支持力的合力提供向心力，即所以重力大于支持力，選項(xiàng)B正確；C．轉(zhuǎn)動一周，重力的沖量為I=mgt不為零，C錯誤；D．運(yùn)動過程中，乘客的重力大小不變，速度大小不變，但是速度方向時(shí)刻在變化，根據(jù)P=mgvcosθ可知重力的瞬時(shí)功率在變化，選項(xiàng)D錯誤。故選B。7．A【詳解】A．動量具有瞬時(shí)性，任一時(shí)刻物體動量的方向，即為該時(shí)刻物體的速度方向，選項(xiàng)A正確；B．動能不變，若速度方向變化，動量也
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