20xx-20xx學(xué)年滬科版選擇性必修第一冊13動量守恒定律的案例分析-課時作業(yè)4(含解析)(編輯修改稿)
2025-04-05 05:16 本頁面
【文章內(nèi)容簡介】 共同速度的大小。(2)兩滑塊與小車間的動摩擦因數(shù)；(3)兩滑塊運動前滑塊乙離右端的距離。 參考答案1．D【詳解】火箭的工作原理是利用反沖運動，是火箭燃料燃燒產(chǎn)生的高溫高壓燃?xì)鈴奈矅姽苎杆賴姵觯瑲怏w的反作用力使火箭獲得反沖速度。故選D。2．C【詳解】物體與斜面在水平方向上動量守恒，設(shè)物塊的速度方向為正方向，則有運動時間相等，則有由題意可知聯(lián)立解得：故C正確，ABD錯誤。故選C。3．C【詳解】放出質(zhì)量為的粒子后，剩余質(zhì)量為，該過程動量守恒，有放出的粒子的動能為原子核反沖的動能聯(lián)立解得故ABD錯誤，C正確。故選C。4．C【詳解】碰后物塊B做勻減速直線運動，由動能定理有－μ2mgx＝0－得v2＝1m/sA與B碰撞過程中動量守恒、機械能守恒，則有mv0＝mv1＋2mv2 解得v0＝故C正確，ABD錯誤。故選C。5．C【詳解】A．碰撞前總動量為碰撞前總動能為碰撞后v1′＝1m/s，v2′＝3m/s，則碰撞后總動量動量增大，選項A錯誤；B．碰撞后總動量碰撞后總動能為機械能增加，選項B錯誤；C．碰撞后總動量碰撞后總動能為動量守恒，系統(tǒng)機械能不增加，選項C正確；D．碰后后面小球的速度大有前面小球的速度，會發(fā)生第二次碰撞，不符合實際，選項D錯誤。故選C。6．B【詳解】兩球碰撞過程中，動量、動能守恒，所以有，聯(lián)立解得，由圖象可知碰后a球速度v1為負(fù)值，因此，故ACD錯誤，B正確。故選B。7．ACD【詳解】A．噴氣式飛機是利用尾部噴出的氣體使飛機前進(jìn)的，屬于反沖，A正確；B．直升機是利用的空氣的浮力而使飛機上升的，不屬于反沖，B錯誤；C．火箭的運動是利用噴氣的方式而獲得動力，利用了反沖運動，C正確；D．反擊式水輪機是利用了水的反沖作用而獲得動力，屬于反沖運動，D正確；故選ACD．8．AB【詳解】A．火箭的推力來源于燃料燃燒時產(chǎn)生的向后噴出的高溫高壓氣體對火箭的反作用力，故A正確；B．在燃?xì)鈬姵龊蟮乃查g，視萬戶及所攜設(shè)備(火箭(含燃料)、椅子、風(fēng)箏等)為系統(tǒng)，動量守恒，設(shè)火箭的速度大小為v，規(guī)定火箭運動方向為正方向，則有解得火箭的速度大小為故B正確；C．噴出燃?xì)夂笕f戶及所攜設(shè)備做豎直上拋運動，根據(jù)運動學(xué)公式可得上升的最大高度為故C錯誤；D．在火箭噴氣過程中，燃料燃燒時產(chǎn)生的向后噴出的高溫高壓氣體對萬戶及所攜設(shè)備做正功，所以萬戶及所攜設(shè)備機械能不守恒，故D錯誤。故選AB。9．BD【詳解】A CD．根據(jù)一動碰一靜的彈性碰撞結(jié)論可知，交換速度，故倆個物體質(zhì)量相等，M與P碰撞壓縮彈簧時，M做減速運動，N做加速運動，開始時M的速度大于N的速度，當(dāng)M與N速度相等時，彈簧被壓縮到最短，彈簧的彈性勢能最大；設(shè)相等時的速度為，以M的初速度方向為正方向，根據(jù)動量守恒定律得解得故AC錯誤，D正確；B．兩小球和彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒，當(dāng)彈性勢能最大時，兩滑塊動能之和最小，所以當(dāng)M與N速度相等時，彈簧被壓縮到最短，彈簧彈性勢能最大，此時兩滑塊動能之和最小，故B正確。故選BD。10．BCD【詳解】A．在下滑過程中，對于物塊和槽組成的系統(tǒng)，只有重力做功，系統(tǒng)的機械能守恒，故A正確；B．在下滑的過程中，物塊和槽在水平方向上的合外力為零，豎直方向上的合外力不為零，故系統(tǒng)的合外力不為零，不符合動量守恒的條件，故系統(tǒng)的動量不守恒，故B錯誤；C．在壓縮彈簧的過程中，物塊和彈簧組成的系統(tǒng)，水平方向受到豎直墻壁水平向左的作用力，合外力不為零，故物塊和彈簧組成的系統(tǒng)動量不守恒，故C錯誤； D．因為物塊與槽在水平方向上動量守恒，由于質(zhì)量相等，根據(jù)動量守恒定律知物塊離開槽時物塊與槽的速度大小相等，方向相反，物塊被彈簧反彈后，與槽的速度相同，做勻速直線運動，所以物塊不會再滑上弧形槽，故D錯誤。本題選不正確的，故選BCD。11．AD【詳解】A．由s－t（位移時間）圖像的斜率得到，碰前m2的位移不隨時間而變化，處于靜止，m1向速度大小為方向只有向右才能與m1相撞，故A正確；B．由s－t（位移時間）圖像的斜率的正負(fù)表示速度方向，則
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