【正文】 ，則含有官能團的類型及數(shù)目必須完全相同． 12．某有機化合物的結(jié)構(gòu)簡式為： ；其中屬于芳香醇的同分異構(gòu)體共有（ ） A． 3種 B． 4種 C． 5種 D． 6種 【分析】 該有機物的分子式為 C8H10O，對應(yīng)的芳香醇可為苯乙醇、甲基苯甲醇等，以此判斷． 【解答】 解： 的分子式為 C8H10O，對應(yīng)的芳香醇有以及，共 5種，故選 C． 【點評】 本題考查有機物的結(jié)構(gòu)和性質(zhì)，題 目難度中等，注意把握題給信息，掌握同分異構(gòu)體的判斷方法． 13．使有機物的混合物在一定條件下反應(yīng) ① 甲醇與乙醇的混合物與濃 H2SO4加熱得醚 ② 乙二醇與乙酸酸化得酯 ③ 氨基乙酸和氨基丙酸生成二肽 ④ 苯酚和濃溴水反應(yīng)，所生成的有機物的種類由多到少的順序是（ ） A． ①②③④ B． ④③②① C． ③①②④ D． ③②④① 【分析】 ① 兩個醇羥基脫去 1分子水生成醚； ② 乙二醇分子中含有兩個羥基，可以與乙酸生成含有 1個酯基和 2個酯基的酯； ③ 氨基酸中氨基和羧基去掉一分子水形成肽鍵； ④ 苯酚與濃溴水生發(fā)生取代反應(yīng) 生成 2， 4， 6﹣三溴苯酚． 【解答】 解： ① 甲醇與乙醇的混合物與濃 H2SO4加熱得醚，可以生成 3種醚：甲乙醚、甲醚和乙醚； ② 乙二醇與乙酸反應(yīng)得酯，二者可生成 2種酯，含有 1個酯基和 2個酯基的酯； ③ 氨基乙酸和氨基丙酸生成二肽，可以生成甘甘二肽、甘丙二肽、丙丙二肽、丙甘二肽四種二肽； ④ 苯酚與濃溴水生發(fā)生取代反應(yīng)生成 2， 4， 6﹣三溴苯酚，有機物只有 1種； 所以生成的有機物的種類由多到少的順序是 ③①②④ ； 故選： C． 【點評】 本題考查了有機反應(yīng)產(chǎn)物種類的判斷，題目難度不大，明確反應(yīng)的原理是解題關(guān)鍵，注意肽鍵的形成 過程． 14．某有機物的分子式為 C5H10O，它能發(fā)生銀鏡反應(yīng)和加成反應(yīng)，若將它與 H2加成，所得產(chǎn)物結(jié)構(gòu)簡式是（ ） A． 2CHOH C． CH3（ CH2） 3CH2OH D． CH3CH2C（ CH3） 2OH 【分析】 有機物的分子式為 C5H10O，它能發(fā)生銀鏡反應(yīng)和加成反應(yīng)，所以該有機物為醛，醛跟 H2的加成反應(yīng)是發(fā)生在 上，使之轉(zhuǎn)化為：﹣ CH2OH，得到的醇羥基必定在碳鏈的端點碳上，即伯醇，以此解答該題， 【解答】 解：有機物的分子式為 C5H10O，它能發(fā)生銀鏡反應(yīng)和加成反應(yīng)，所以該有機物為醛，其可能的同分異 構(gòu)體有： CH3CH2CH2CH2﹣ CHO、 CH3CH（ CH3） CH2CHO、 CH3CH2CH（ CH3） CHO、（ CH3）3CCHO，醛跟 H2的加成反應(yīng)是發(fā)生在 上，使之轉(zhuǎn)化為：﹣ CH2OH，得到的醇羥基必定在碳鏈的端點碳上，即伯醇，所以所得產(chǎn)物結(jié)構(gòu)簡式可能是 CH3（ CH2） 3CH2OH，而 A結(jié)構(gòu)簡式書寫不正確， 故選 C． 【點評】 本題考查有機物的結(jié)構(gòu)和性質(zhì)，側(cè)重于學(xué)生分析能力和綜合應(yīng)用化學(xué)知識的能力的考查，為高考常見題型，注意把握有機物的結(jié)構(gòu)和官能團的性質(zhì)，本題要注意醇被氧化與結(jié)構(gòu)的關(guān)系，難度中等． 15． 8g A和 17g B混和，在某溫度時汽化，氣體體積為 480mL，若在相同條件下汽化 2g A和 7g B的混合物，則汽化后的體積為 160mL，則 A、 B可能為下列哪組物質(zhì)（ ） A． C2H C2H2 B． C2H CH3OH C． C2H C6H6 D． HCHO、 CH3COOH 【分析】 在相同條件下，汽化 2gA和 7gB的混合物的體積為 160mL，則在相同的條件下，汽化 6gA和 21 gB的混合物的體積為 480mL，又因 8gA和 17gB的混合物汽化后的體積為 480mL，所以根據(jù)阿伏加德羅定律可知， 6gA和 2l gB的混合物和 8gA和 17gB的混合物兩者物質(zhì)的量相等，從數(shù)據(jù)分析可知 2gA和 4 gB的物質(zhì)的量相等，由此可知 B的相對分子質(zhì)量是 A的相對分子質(zhì)量的 2倍． 【解答】 解：在相同條件下，汽化 2gA和 7gB的混合物的體積為 160mL，則在相同的條件下，汽化 6gA和 21 gB的混合物的體積為 480mL，又因 8gA和 17gB的混合物汽化后的體積為 480mL，所以根據(jù)阿伏加德羅定律可知， 6gA和 2l gB的混合物和 8gA和 17gB的混合物兩者物質(zhì)的量相等，從數(shù)據(jù)分析可知 2gA和 4 gB的物質(zhì)的量相等，由此可知 B的相對分 子質(zhì)量是 A的相對分子質(zhì)量的 2倍，選項中占有 D符合， 故選 D． 【點評】 本題考查混合物計算、有機物分子式確定，側(cè)重學(xué)生分析思維能力的考查，難度中等． 16．將 NO NH O2混合氣 ，溶液質(zhì)量增加了 ，氣體體積縮小為（氣體均在標準狀況下測定）剩余氣體能使帶火星的木條著火，則混合氣體的平均相對分子質(zhì)量為（ ） A． B． C． D． 【分析】 根據(jù) n= 進行計算原混合氣體的物質(zhì)的量及剩余氣體的物質(zhì)的量；氣體的總質(zhì)量=溶液增加的質(zhì)量 +剩 余氣體的質(zhì)量，根據(jù) “ 剩余氣體能使帶火星的木條著火 ” 可知氧氣過量，則二氧化氮和氨氣完全反應(yīng)，剩余的氣體為氧氣，根據(jù) n=nM計算出氧氣的質(zhì)量，從而得出混合氣體的總質(zhì)量，最后根據(jù) M= 計算出混合氣體的平均摩爾質(zhì)量，從而得出平均分子量． 【解答】 解：該混合氣體的物質(zhì)的量為 n= = =1mol， 氨氣與稀硫酸溶液發(fā)生如下反應(yīng)： 2NH3+H2SO4=（ NH4） 2SO4（若氨氣過量，則過量的氨氣會溶于水）； NO2和 O2在溶液中發(fā)生如下反應(yīng)： 3NO2+H2O=2HNO3+NO、 2NO+O2=2NO2，將兩個反應(yīng)方程式相加可 得總反應(yīng)方程式： O2+4NO2+2H2O=4HNO3， 由質(zhì)量守恒定律可得：溶液增加的質(zhì)量為溶解的氣體的質(zhì)量，所以溶液增加的質(zhì)量加剩余氣體的質(zhì)量為原混合氣體的質(zhì)量， 帶火星的木頭復(fù)燃說明氧氣過量，則剩余的 O2，剩余 O2的物質(zhì)的量為：n= =，則剩余的 O2的質(zhì)量為： m=nM=32g/mol= ， 所以原混合氣體的質(zhì)量為： +=， 所以原混合氣體的平均摩爾質(zhì)量為： = = =， 則混合氣體的平均相對分子質(zhì)量為 ， 故選 D． 【點評】 本題考查了混合物的計算，題目難度中等，注意掌握平均摩爾質(zhì)量的計算方法，明確摩爾質(zhì)量與相對分子量之間的關(guān)系，正確分析最后剩余的氣體為氧氣為解答關(guān)鍵． 二 .填空題（共 52 分） 17．（ 1）相對分子質(zhì)量為 72 且沸點最低的烷烴的結(jié)構(gòu)簡式 C（ CH3） 4 ； （ 2）含 C、 H、 O三種元素的有機物，燃燒時消耗的氧氣和生成的 CO H2O之間物質(zhì)的量之比為 1： 2： 2，則此類有機物中最簡單的一種結(jié)構(gòu)簡式是 HCOOH ； （ 3）環(huán)己醇、丙酮（ CH3COCH3）和戊醛（ CH3CH2CH2CH2CHO） 的混合物 ，所得氣體通過 P2O5吸收瓶，吸收瓶增重 ，則混合物的平均相對分子質(zhì)量為 86 ． （ 4）已知 t℃ 時，鹽 M（不含結(jié)晶水，式量為 126）的溶解度為 S克．在一定量的 M的水溶液中加入 a克 M后，恰好為 t℃ 時的飽和溶液．若用 M7H2O代替 M，欲使原溶液在 t℃ 時恰好飽和，則需加入 M7H2O的質(zhì)量為 g ． 【分析】 （ 1）相對分子質(zhì)量為 72的烷烴，其分子式為 C5H12，同分異構(gòu)體中支鏈越多沸點越低； （ 2）根據(jù)原子守恒確定有機物的最簡式進行解答； （ 3）環(huán)己醇、丙酮、戊醛的分子式分別為 C6H12O、 C3H6O、 C5H10O，分子中 C原子與 H原子數(shù)目之比為 1： 2，則混合物中 C原子與 H原子數(shù)目之比為 1： 2，氧原子數(shù)目都相等為 1，則平均分子組成為 CnH2nO，氣體通過 P2O5吸收瓶，吸收瓶增重 ，根據(jù) H元素守恒計算 n的值，進而確定平均分子式，計算平均相對分子質(zhì)量； （ 4）原溶液中加入 ag M時，形成飽和溶液，改用 M7H2O也要達到飽和，換言之， M7H2O中的 M除了滿足原溶液飽和外，還要使結(jié)晶水中溶解的 M也達到飽和，據(jù)此解答． 【解答】 解：（ 1）令烷烴的分子式為 CnH2n+2，相對分子質(zhì)量為 72，則 14n+2=72，故 n=5，其分子式為 C5H12，同分異構(gòu)體中支鏈越多沸點越低，沸點最低的烷烴的結(jié)構(gòu)簡式為 C（ CH3）4， 故答案為： C（ CH3） 4； （ 2）含 C、 H、 O三種元素的有機物，燃燒時消耗的氧氣和生成的 CO H2O之間物質(zhì)的量之比為 1： 2： 2，令 O CO H2O的物質(zhì)的量物質(zhì)的量分別為 1mol、 2mol、 2mol，故 n（ C） =2mol、n（ H） =4mol， n（ O） =22mol+2mol ﹣ 21mol=4mol ，故有機物中 n（ C）： n（ H）： n（ O）=2mol： 4mol： 4mol=1： 2： 2，此類有機物中最簡單的一種結(jié)構(gòu)簡式是 HCOOH， 故答案為： HCOOH； （ 3）環(huán)己醇、丙酮、戊醛的分子式分別為 C6H12O、 C3H6O、 C5H10O，分子中 C原子與 H原子數(shù)目之比為 1： 2，則混合物中 C原子與 H原子數(shù)目之比為 1： 2，氧原子數(shù)目都相等為 1，則平均分子組成為 CnH2nO，氣體通過 P2O5吸收瓶，吸收瓶增重 ，混合物中H元素質(zhì)量 = =，根據(jù) H元素守恒，則： = ，解得 n=5，故平均分子式為 C5H10O，平均相對分子質(zhì)量 =125+10+16=86 ， 故答案為： 86； （ 4）設(shè)需加入 M7H2O的質(zhì)量為 yg，則：含有 M的質(zhì)量 =yg = g，結(jié)晶水的質(zhì)量為 g，原溶液中加入 ag M時，形成飽和溶液，改用 M7H2O也要達到飽和，換言之，M7H2O中的 M除了滿足原溶液飽和外，還要使結(jié)晶水中溶解的 M也達到飽和，故 g：（ ﹣ ag） =100g： Sg，解得 y= ， 故答案為： g． 【點評】 本題有機物分子式確定、混合物的有關(guān)計算、溶解度有關(guān)計算，難度中等，（ 3）確定混合物中碳原子與氫原子數(shù)目之比為定比 1： 2是關(guān)鍵，注意利用平均組成進行解答，（ 4）中關(guān)鍵理解 M7H2O中的 M除了滿足原溶液飽和外，還要使結(jié)晶水中溶解的 M也達到飽和． 18．某種混合物中可能含有甲酸、乙酸、甲醇及甲酸乙酯這些物質(zhì)中的一種或幾種．在檢驗時有以下現(xiàn)象： （ 1）有銀鏡反應(yīng)； （ 2）加入新制懸濁液，無變澄清的現(xiàn)象；