20xx教科版高中物理必修2第四章第6節(jié)能源的開發(fā)與利用課時作業(yè)(完整版)
【正文】 化是解決問題的關(guān)鍵． 6． A [當(dāng)用力將繩上某點(diǎn) C 拉到 D 時，外力在不斷做功，而物體的動能不增加．因此外力做的功必定轉(zhuǎn)化為物體的重力勢能．重力勢能增加了，則說明物體的重心升高了，外力不斷地做功，重心就會不斷地升高，正確選項(xiàng)為 A.] 7． A [設(shè)物體克服彈力做功為 W 彈 ，則對物體應(yīng)用動能定理得 (mg－ F 阻 )(H－ L＋ x)－ W彈 ＝ Δ Ek＝ 0，所以， W 彈 ＝ (mg－ F 阻 )(H－ L＋ x)，即為彈簧在最短時具有的彈性勢能． ] 8． BCD [木箱運(yùn)動過程中，有力 F、重力、阻力三個力對木箱做功，合力做功決定著物體動能的改變量， C 正確；重力做功決定著重力勢能的改變量， B 正確， A 錯誤；除重力做功以外，其他力做功的代數(shù)和等于物體機(jī)械能的改變量， D正確． ] 9． BD [A物體所受的合外力等于 B對 A的摩擦力，對 A物體運(yùn)用動能定理，則有 B對A的摩擦力所做的功等于 A的動能增量，即 B對． A對 B的摩擦力與 B對 A的摩擦力是一對作用力與反作用力，大小相等，方向相反，但是由于 A在 B上滑動， A、 B對地的位移不等，故二者做功不等， C錯．對 B應(yīng)用動能定理， WF－ Wf＝ Δ EkB，即 WF＝ Δ EkB＋ Wf就是外力 F對 B做的功，等于 B的動能增量與 B克服摩擦力所做的功之和， D對．由上述討論知 B克服摩擦力所做的功與 A的動能增量 (等于 B對 A的摩擦力所做的功 )不等，故 A錯． ] 10． CD [運(yùn)動員與跳板接觸至 F 彈 ＝ mg 的過程中，做加速度減小的加速運(yùn)動，之后 F彈 mg，運(yùn)動員開始減速，到最低點(diǎn)時速度減為零，此時運(yùn)動員受向上的合外力，選項(xiàng) A錯誤；該過程運(yùn)動員動能先增大后減小，選項(xiàng) B錯誤；在最低點(diǎn)，跳板形變量最大，彈性勢能最大，選項(xiàng) C正確；全過程由動能定理得， WG－ W 彈 ＝ 0－ 12mv2，即 WG＝ W 彈 － 12mv2，選項(xiàng) D正確． ] 11． D [相對滑動時木塊的加速度 a＝ μg ，從放上至相對靜止所 用時間 t＝ va＝ vμg .此過程中傳送帶對地的位移 x1＝ vt＝ v2μg .木塊對地位移為 x2＝v2t＝v22μg .摩擦力對木塊做的功等于木塊動能的增加，即 E1＝ W1＝ μmgx 2＝ W2＝ μmgx 1＝ mv2.此過程中傳送帶克服摩擦力做功將傳送帶能量轉(zhuǎn)化為木塊的動能及內(nèi)能，由能量守恒定律，內(nèi)能為 Δ E＝ W2－ W1＝ μmg (x1－ x2)＝ 12mv2， 故 D正確． ] 12．見解析 解析 畫出這一過程兩物體的位移示意圖，如圖所示． (1)小鐵塊與長木塊相對靜止時的速度為 v，則根據(jù)動能定理有 μmg (l－ L)＝ 12mv2－ 0，其中 (l－ L)為小鐵塊相對地面的位移，從上式可看出 Δ Ekm＝ μmg (l－ L)． 說明摩擦力對小鐵塊做的正功等于小鐵塊動能 的增量． (2)摩擦力對長木塊做負(fù)功，根據(jù)功能關(guān)系 Δ EkM＝－ μmgl ，即木塊減少的動能等于其克服摩擦力做的功，為 μmgl . (3)系統(tǒng)機(jī)械能的減少量等于木塊減小的動能減去小鐵塊增加的動能 Δ E＝ μmgl －μmg (l－ L)＝ μmgL (4)m、 M間相對滑動的位移為 L，根據(jù)能量守恒定律，知 Q＝ μmgL ，即摩擦力對系統(tǒng)做的總功等于系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量． 。 第 6 節(jié) 能源的開發(fā)與利用 1．能量既不會憑空 ________，也不會憑空 ________，它只能從一種
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