【正文】 機械能守恒定律得：物體在 A點的機械能等于在桌面的機械能，為： EA= mv2；故 A錯誤， B 正確． CD、由機械能的概念得： EkA﹣ mg（ H﹣ h） =EA；解得，物體在 A點的動能： EkA= mv2+mg（ H﹣ h），故 CD 錯誤． 故選： B 【點評】 本題關鍵要明確物體的機械能守恒時，各個點的機械能都相等，要靈活選擇所研究的位置，求出特殊點的機械能后，根據(jù)機械能守恒定律得出 A點的機械能． 7．空中某點，將三個相同小球以相同的初速度 V水平拋出、豎直上拋、豎直下拋，則從拋出到落地，下列說法正確的是（ ） A．落地時的速度相同 B．重力的平均功率相同 C．重力做功相同 D．落地時重力的即時功率相同 【考點】 功率、平均功率和瞬時功率；功的計算． 【分析】 小球沿著不同的方向拋出，都只有重力做功，機械能守恒，故可得到落地時速度大小相等，但方向不同；根據(jù)瞬時功率表達式 P=Fvcosθ判斷瞬時功率的大?。? 【解答】 解： A、小球沿不同方向拋出，只有重力做功，機械能守恒，由于初速度大小相等，則落地的速度大 小相等，但是方向不同，故 A錯誤． B、根據(jù) W=mgh 知，首末位置的高度差相同，則重力做功相同，豎直下拋運動的時間最短，重力的平均功率最大，豎直上拋運動的時間最長，重力的平均功率最小，故 B 錯誤， C 正確． D、落地的速度大小相等，方向不同，根據(jù) P=mgvy 知，水平拋出時落地的即時功率與豎直上拋運動和下拋運動的重力即時功率不等，故 D 錯誤． 故選： C． 【點評】 本題關鍵在于沿不同方向拋出的小球都只有重力做功，機械能守恒，然后結(jié)合平均功率和瞬時功率的相關公式列式分析判斷． 8．密立根油滴實驗原理如圖所示．兩塊水平 放置的金屬板分別與電源的正負極相接，板間電壓為 U，形成豎直向下場強為 E 的勻強電場．用噴霧器從上板中間的小孔噴入大小、質(zhì)量和電荷量各不相同的油滴．通過顯微鏡可找到懸浮不動的油滴，若此懸浮油滴的質(zhì)量為 m，則下列說法正確的是（ ） A．懸浮油滴帶正電 B．懸浮油滴的電荷量為 C．增大場強，懸浮油滴將向上運動 D．油滴的電荷量不一定是電子電量的整數(shù)倍 【考點】 帶電粒子在混合場中的運動． 【分析】 帶電荷量為 q 的油滴靜止不動，所受的電場力與重力平衡，由平衡條件分析微粒的電性和帶電量，從而即可求解． 【解答】 解： A、帶電荷量為 q 的油滴靜止不動，則油滴受到向上的電場力； 題圖中平行板電容器上極板帶正電，下極板帶負電，故板間場強方向豎直向下，則油滴帶負電，故 A錯誤； B、根據(jù)平衡條件，有： mg=q ，故 q= ，然后發(fā)現(xiàn) q 總是某個最小值的整數(shù)倍，可估算出電子的電量，故 B 錯誤； C、根據(jù)平衡條件，有： mg=qE，當增大場強，電場力增大，則懸浮油滴將向上運動，故 C正確； D、不同油滴的所帶電荷量雖不相同，但都是某個最小電荷量（元電荷）的整數(shù)倍，故 D 錯誤； 故選： C． 【點評】 本題關鍵是明確密立根油滴實驗的實驗原理，密立根通過 該實驗測量出電子的電荷量而獲得諾貝爾物理獎，注意運用電場力與重力平衡，及理解帶電荷量是元電荷的整數(shù)倍． 9．在靜電場中，電子由 a 點運動到 b 點的過程中，克服電場力做功 5eV，則下列說法正確是（ ） A．電場強度方向一定是沿 ab 連線且由 b 點指向 a 點方向 B．電子的電勢能增加了 5eV C． a 點的電勢比 b 點的低 D．由于沒有確定零電勢點，故不能比較 a、 b 兩點的電勢高低． 【考點】 電勢能． 【分析】 電子在電場中移動時，根據(jù)電場力做功不能確定場強方向．電場力做正功多少，電子的電勢能就減小多少．由公式 U= 求出 a、 b 兩點電勢差 Uab．由題，電勢零點未確定，a、 b 兩點的電勢沒有確定值． 【解答】 解： A、電子由 a 點移到 b 點，克服電場力做功 5eV，但電子的位移方向不一定沿 a 到 b，電場強度的方向不一定由 a 指向 b．故 A錯誤． B、電子克服電場力做功 5eV，則電子的電勢能增加了 5eV，故 B 正確． C、 a、 b 兩點電勢差 Uab= = =5V．則知 a 點的電勢比 b 點的高 5V，故 C 錯誤． D、由上分析知， a 點的電勢比 b 點的高，故 D 錯誤． 故選： B 【點評】 通過電場力做功量度電勢能的變化來分析問題．根據(jù)電勢的定義得出電勢的大?。⒁怆妱?有正負． 10．如圖所示是蹦床運動員在空中表演的情景．在運動員從最低點開始反彈至即將與蹦床分離的過程中，蹦床的彈性勢能、運動員的重力勢能和動能變化情況分別是（ ） A．彈性勢能減小，動能增大 B．重力勢能增大、動能先增大后減小 C．彈性勢能增大，重力勢能增大 D．彈性勢能增大，動能先增大后減小 【考點】 功能關系；重力勢能． 【分析】 根據(jù)蹦床的形變量來確定彈性勢能的變化，而由高度來確定重力勢能的變化，從而即可求解． 【解答】 解：在運動員從最低點開始反彈至即將與蹦床分離的過程中，運動員被彈起時，彈性勢能減小，而質(zhì)量不變，高度增大，所以重力勢能增大，在上升的過程中，合力先是向上的，后是向下的，速度先增加后減小，動能先增加后減小，故 B 正確， ACD 錯誤． 故選： B． 【點評】 （ 1）動能大小的影響因素：質(zhì)量、速度．質(zhì)量越大，速度越大，動能越大． （ 2）重力勢能大小的影響因素：質(zhì)量、被舉得高度．質(zhì)量越大，高度越高，重力勢能越大．彈性勢能的大小取決于彈簧的形變量，形變量越大，則彈性勢能越大． 11．某同學的質(zhì)量為 50kg，所騎自行車的質(zhì) 量為 15kg，設該同學在平直路面上正常騎行時腳踏自行車的功率為 40W．若人與車受到的阻力是其重力的 倍，則正常騎行自行車時的速度大小約為（ ） A． 3m/s B． 4m/s C． 13m/s D． 30m/s 【考點】 功率、平均功率和瞬時功率． 【分析】 根據(jù)自行車所受的阻力大小得出牽引力的大小，根據(jù) P=Fv求出正常騎行自行車時的速度大?。? 【解答】 解：自行車勻速行駛時， F=f== 650N=13N． 根據(jù) P=Fv 得： v= ．故 A正確， B、 C、 D 錯誤． 故選： A． 【點評】 解決本題的關鍵 求出牽引力的大小，結(jié)合 P=Fv 進行求解． 12．如圖所示，豎直平面內(nèi)有一粗糙半圓形軌道， B、 C 與圓心 O 等高．一小球從 B 點上方A處由靜止釋放，經(jīng)過半圓形軌道由 C 點飛出，到達最高點 D 后回落，第二次經(jīng)過半圓形軌道后達到最高點 E（圖中未標出）， A、 D 高度差為 h， D、 E 高度差為 h′則（ ） A． h＜ h′B． h=h′ C． h＞ h′D．條件不足，無法判斷 【考點】 功能關系． 【分析】 小球往返經(jīng)過半圓形軌道時，通過同一點的速度不同，所需要的向心力不同，分析小球?qū)壍缐毫﹃P系，得出摩擦力的關系，從而判斷出兩個過 程摩擦力做功關系，即可由動能定理判斷 h 與 h′的大?。? 【解答】 解：設小球從 A運動到 D 點，克服摩擦力對小球做功為 Wf1，小球從 D 運動到 E點，克服摩擦力對小球做功為 Wf2． 根據(jù)動能定理得： 從 A運動到 D 點，有 mgh﹣ Wf1=0，即 Wf1=mgh 從 D 運動到 E 點，有 mgh﹣ Wf2=0，即 Wf2=mgh′ 由于小球通過半圓形軌道時機械能不斷減小，所以小球從 A運動到 D點與從 D 運動到 E 點相比，經(jīng)過同一點時，從 A運動到 D 點時小球的速度較大，小球所需要的向心力較大，軌道對小球的支持力較大，則小球?qū)壍赖膲毫^大， 小球所受的滑動摩擦力較大，所以有Wf1＞ Wf2． 則得 h＞ h′．故 ABD 錯誤， C 正確． 故選： C 【點評】 解決本題的關鍵要是利用向心力知識分析軌道對小球的支持力關系，進一步判斷摩擦力做功關系． 13．圖示中的路燈為太陽能路燈，每只路燈的光伏電池板有效采光面積約 ．晴天時電池板上每平方米每小時接收到的太陽輻射能約為 3 106J．如果每天等效日照時間約為 6h，光電池一天產(chǎn)生的電能可供 30W 的路燈工作 8h．光電池的光電轉(zhuǎn)換效率約為（ ） A． % B． % C． 16% D． 44% 【考 點】 能源的開發(fā)和利用． 【分析】 根據(jù)題目提供的條件，可以求出每天（ 6h）太陽能電池板吸收的太陽能，這是總能量；知道電子節(jié)能燈的