【正文】 （ 2）由圖可知，木塊在兩圖中都處于漂浮狀態(tài)，上表面受到水的壓力為 0，則 F 浮 =G，同一木塊重力相等，則浮力相等，所以，木塊底部所受水的壓力 Fa=Fb； （ 3）由（ 2）知，木塊在兩圖中受到的浮力相等， 根據(jù) F 浮 =ρ 水 gV 排 可知，排開水的體積相等， 所以，水面上升的高度相等， 根據(jù) p=ρ 水 gh可知，木塊放入前后，水對容器底部壓強的變化量 △p a=△p b． 故答案為：小于；等于；等于． （ 1）根據(jù)液體壓 強公式 p=ρ 水 gh判斷木塊底部所受水的壓強關系； （ 2）從浮力產(chǎn)生的原因入手，浸在液體中的物體，受到液體對它豎直向上的浮力，而浮力大小等于物體上、下表面受到的壓力差；另外，漂浮在液面的物體，其浮力等于重力． （ 3）由（ 2）知木塊在兩圖中受到的浮力關系，根據(jù) F 浮 =ρ 水 gV 排 判斷其排開水的體積關系，進而得出水面上升的高度，再利用 p=ρ 水 gh判斷水對容器底部壓強的變化量． 該題考查壓強的大小比較，涉及到物體漂浮條件、壓強公式及其應用、浮力產(chǎn)生的原因、阿基米德原理，是一道綜合性很強的題目，利用浮力產(chǎn)生的原因來 解答此題可以大大簡化思路，使問題變得更簡單． 18. 圖 10所示的電路中，電源電壓保持不變。已知燈 L、電阻 R 出現(xiàn)了故障，閉合電鍵 S后 ① 若發(fā)現(xiàn)燈 L發(fā)光，則三個電表中電表示數(shù)一定等于零的是 __（ 21） ___表。 ② 若有一個電表的示數(shù)沒有發(fā)生變化，則故障可能是 ___（ 22） _（寫出所有可能故障）。 【答案】 V1；燈泡 L斷路了或電阻 R短路 【解析】 ⒇ ⑵ (21) ⑵ R L S V1 A V2 L R （ a）（ b） （ a）圖 11 （ b） 解：由圖知，燈 L和電阻 R串聯(lián)，電壓表 V1測 R兩端的電壓， V2測總電壓，電流表測電路中的電流． ① 若發(fā)現(xiàn)燈 L發(fā)光，說明電路是通路，則故障是電阻 R短路，由于 電壓表 V1測 R兩端的電壓，則示數(shù)一定等于零的是電壓表 V1． ②V 2測量電源電壓，若有一個電表的示數(shù)沒有發(fā)生變化，應該是 V2，則 V1和電流表無示數(shù)，故障可能是燈泡 L斷路了或電阻 R短路． 故答案為： V1；燈泡 L斷路了或電阻 R短路． 首先分析電路的連接方式．燈 L和電阻 R串聯(lián)，電壓表 V1測 R兩端的電壓， V2測總電壓，電流表測電路中的電流．然后根據(jù)現(xiàn)象進行分析． 此題考查了有關電流表和電壓表在判斷電路故障中的應用，首先要理解斷路和短路的含義，并結(jié)合電路圖及電表的示數(shù)情況進行分析．解決此題的關鍵是分析電路的連接 方式及電表所測的電路． 19. 物理學中把具有流動性的液體和氣體統(tǒng)稱為流體，當流體處于流動狀態(tài)時，其內(nèi)部各處的壓強有什么規(guī)律呢？ 小李同學將圖 11（ a）所示的玻璃管裝置接到水流穩(wěn)定的自來水管上，當水在玻璃管中流動時，可看到兩個豎直管中液面的高度并不相同。從圖中可以看出 A、 B 兩處管的粗細不同，因而 A處流速小， B處流速大?？梢娏黧w的壓強與流速之間有著一定的關系。 接著，小明又自制了一個飛機機翼模型，如圖 11（ b）將其固定在托盤測力計上，在模型的正前方用電扇迎面吹風來模擬飛機飛行時的氣流。 ①由 圖（ a）的實驗現(xiàn)象，得出流體壓強與流速之間的初步結(jié)論是 ___（ 23） __； ②在圖（ b）所示的實驗中，電扇沒有吹風時，托盤測力計示數(shù)等于機翼模型的重力大小。當電扇轉(zhuǎn)動后，發(fā)現(xiàn)托盤測力計的示數(shù)減小了，請用上述實驗結(jié)論分析原因 （ 24） ③下列情形中，能夠運用上述實驗結(jié)論進行解釋的是 __（ 25） ___（選填序號）。 A 將氫氣球放手后，它會飄向空中。 B地鐵站臺上，人必須在警戒線外候車。 C船舶航行時應避免兩艘靠近的船并排前進。 【答案】 流速越大的位置壓強越小；電扇轉(zhuǎn)動后，氣流會流經(jīng)飛機機翼模型，機翼模型上方 凸空氣通過的路程長，流速大，向下的壓強??；機翼模型下方凹空氣通過的路程短，流速小，向上的壓強大，從而形成了一個向上的壓強差，是托盤測力計的示數(shù)減??； BC 【解析】 解： ① 圖中， A管比較粗， B管較細，在流量一定時，管子越細，水的流速就越大， A管上方液柱高說明壓強大，由此可見流速越大的位置壓強越?。? ② 電扇轉(zhuǎn)動后，氣流會流經(jīng)飛機機翼模型，機翼模型上方凸空氣通過的路程長，流速大，向 下的壓強小；機翼模型下方凹空氣通過的路程短，流速小，向上的壓強大，從而形成了一個向上的壓強差，是托盤測力計的示數(shù)減?。? ③A 、氫 氣球升空是受到浮力．與流體壓強無關．故 A錯誤． B、地鐵站臺上，人必須在警戒線外候車，是為了防止火車速度快，造成周圍空氣流速加快，壓強減小，在大氣壓的做一下，容易把人壓入車底．故 B正確； 大風吹過，未插住插銷的窗戶向外推開，是因為室外空氣流速加快，壓強減小，室內(nèi)氣壓大于室外造成的，故 B正確； C、兩船并排快速前行，可導致中間水流速變大，壓強變?。畨褐蛑虚g靠近，造成事故．所以船舶航行時應避免兩艘靠近的船并排前進．故 C正確． 故答案為： ① 流速越大的位置壓強越??； ② 電扇轉(zhuǎn)動后，氣流會流經(jīng)飛機機翼 模型，機翼模型上方凸空氣通過的路程長，流速大，向下的壓強小；機翼模型下方凹空氣通過的路程短，流速小，向上的壓強大，從而形成了一個向上的壓強差，是托盤測力計的示數(shù)減?。?③BC ． 在流體中，流速越大的位置壓強越小，流速越小的位置壓強越大．解答此題就要根據(jù)這個原理來回答．分析流體的流速如何變化從而得出壓強的變化，或根據(jù)壓強的變化來分析流速的變化． 此題考查的是流體壓強與流速關系在生活中的應用，容易出錯的是有些同學不能分析出流體流速的變化情況，這是因為對生活常識的了解太少所致． 二、 作圖題（共 7分） 20. 如圖 12所示，重為 8牛的小球浮在水面上，用力的圖示法畫出該球所受的浮力 F浮 。 【答案】 解：如圖所示，物體所受浮力為 8N，方向豎直向上． 【解析】 明確力的三要素，再確定一個標度，并用這個標度去準確表示出力的大?。? 力的圖示必須要確立一個標度，這樣才能準確表示力的大?。? 圖 12 21. 在圖 13所示電路的〇里填上適當?shù)碾姳矸枺怪蔀檎_的電路。 【答案】 解：由電路圖可知，要使兩燈泡都能正常工作，則兩燈泡應該并聯(lián)，則左邊的圈應為電流表，中間的圈應為電壓表，如圖所示． 【解 析】 電流表要串聯(lián)接入電路，電壓表要并聯(lián)接入電路． 這類題目能綜合考查學生的電路識別能力，電流表、電壓表的連接方式，及分析、推理能力． 22. 如圖 14所示，請用筆畫線代替導線正確連接電路，要求：燈 L1和燈 L2并聯(lián)，電流表測量通過燈 L1的電流。 【答案】 解：根據(jù)實物電路連接要求，本題的開關應是干路開關，燈L1和燈 L2并聯(lián)，電流表與 L1串聯(lián)．如圖： 【解析】 根據(jù)要求燈 L1和燈 L2并聯(lián)，電流表測通過 L1中的電流，電流表與 L1串聯(lián)，按要求連接電路即可． 會根據(jù)要求設計串并聯(lián)電路，會正確使用電流 表． 四、 計算題（共 26分） 23. 漂浮在水面上的冰塊浸入水中的體積為 510 3米 3，求冰塊受到的浮力 F 浮 。 【答案】 L1 L2 3 A 圖 14 S L2 L1 圖 13 解：冰塊受到的浮力： F 浮 =ρ 水 gV 排 =10 3kg/m3510 3m3=49N． 答：冰塊受到的浮力為 49N． 【解析】 冰塊浸入水中的體積即為排開水的體積，根據(jù)阿基米德原理求出冰塊受到的浮力． 本題考查了阿基米德原理的應用，是一道基礎題目． 24. 在圖 15所示的電路中，電源電壓為 12伏且不變，電阻R2為 20歐。 ①求：電流表 A2的示數(shù) I2。 ②閉合電鍵 S 時，電流表 A1的示數(shù)變化了 安，求：此時電流表 A1的示數(shù) I和電阻 R1。 【答案】 解：由電路圖可知， R1與 R2并聯(lián)，電流表 A1位于干路，電流表 A2位于 R2支路，開關 S位于R1支路． ① 因并聯(lián)電路中各支路獨立工作、互不影響， 所以，通過 R2的電流不變， 則電流表 A2的示數(shù)： I2= = =； ② 因并聯(lián)電路中干路電流等于各支路電流之和， 所以，電流表 A1示數(shù)的變化量即為通過 R1的電流 I1=， 此時電流表 A1的示數(shù)： I=I1+I2=+=1A， 因并聯(lián)電路中各支路兩端的電壓相等， 所以，電阻 R1的阻值： R1= = =30Ω ． 答： ① 電流表 A2的示數(shù)為 ； ② 閉合電鍵 S時，電流表 A1的示數(shù)為 1A，電阻 R1的阻值為 30Ω ． 【解析】 由電路圖可知， R1與 R2并聯(lián)，電流表 A1位于干路，電流表 A2位于 R2支路，開關 S位于 R1支路． ① 由并聯(lián)電路中各支路獨立工作、互不影響可知通過 R2的電流不變，根據(jù)歐姆定律求出通過 R2的電流； ② 根據(jù)并聯(lián)電路的電流特點可知電流表 A1示數(shù)的變化即為通過 R1的電流，進一步求出此時電流表 A1的示數(shù)，根據(jù)并 聯(lián)電路的電壓特點和歐姆定律求出電阻 R1的阻值． 本題考查了并聯(lián)電路的特點和歐姆定律的應用，知道電流表 A1示數(shù)的變化量即為通過 R1的電流是關鍵． R2 A2 S R1 A1 圖 15 25. 如 圖 16（ a）所示 的電路中 ，電源電壓為 16伏保持不變，定值電阻 R1=5 歐，滑動變阻器 R2上標有“ 100Ω2A ”字樣。閉合電鍵 S，電流表的示數(shù)為 1安， 所用電表如圖 16（ b）所示。 求： ① 電壓表 V1的示數(shù) U1； ② 此時 R2的電阻值； ③在保證電路中各元件不損壞的情況下，求連入電路 R2的取值范圍。 【答案】 解：由電路圖可知，定值電阻 R1和滑動變 阻器 R2串聯(lián)，電流表測電路中的電流 I=1A， 電壓表 V1測電阻 R1兩端的電壓，電壓表 V2測滑動變阻器 R2兩端的電壓； ① 由 I= 得，定值電阻 R1兩端的電壓： U1=IR1=1A5Ω=5V ， ② 根據(jù)串聯(lián)電路電壓規(guī)律可知，滑動變阻器兩端的電壓： U2=UU1=16V5V=11V， 由 I= 得，此時 R2的電阻值： R2= = =11Ω ， ③ 由 ①② 可知，電流表選擇的量程為 0～ 3A， 電壓表 V V2選擇的量程為 0～ 15V， 由于滑動變阻器允許通過的最大電流為 2A， 在保證電路中各元件不損 壞的情況下， 所以電路中的電流最大電流 I 最大 =2A， 此時滑動變阻器 R2連入電路的電阻最小， 由 I= 得，定值電阻 R1兩端的電壓： U1′=I 最大 R1=2A5Ω=10V ， 據(jù)串聯(lián)電路電壓規(guī)律可知，滑動變阻器兩端的電壓： U2′=U U1=16V10V=6V， 由 I= 得，此時滑動變阻器 R2連入電路的最小阻值： R 最小 = = =3Ω ， 隨著滑動變阻器連入電路的電阻增大，電路中的電流減小， 定值電阻 R1兩端的電壓減小，滑動變阻器 R2兩端的電壓增大， 當滑動變阻器兩端的電壓 U2″=15V 時，此時滑動變阻器 R2連入電路的電阻最大， 據(jù)串聯(lián)電路電壓規(guī)律可知，定值電阻 R1兩端的電壓： （ a） R2 P R1 S A V2 V1 圖 16 （ b） 甲 乙 圖 17 U1″=U U2″=16V 15V=1V， 電路中的最小電流： I 最小 = = =， 由 I= 得，此時滑動變阻器 R2連入電路的最大阻值： R 最大 = = =75Ω ， 綜上所述，連入電路 R2的取值范圍： 3Ω≤R 2≤75Ω ． 答： ① 電壓表 V1的示數(shù) U1為 5V； ② 此時 R2的電阻值為 11Ω ； ③ 連入電路 R2的取值范圍為 3Ω≤R 2≤75Ω ． 【解析】 ① 根據(jù)歐姆定律的變形公式求出電壓表 V1的示數(shù) U1； ② 先根據(jù)串聯(lián)電路電壓規(guī)律求出滑動變阻器兩端的電壓，再根據(jù)歐姆定律的變形公式求出此時 R2的電阻值； ③ 根據(jù) ①② 可判斷電表選擇的量程，結(jié)合滑動變阻器允許通過的最大電流，得出電路中的最大電流和滑動變阻器兩端的最大電壓， 最后利用串聯(lián)電路電壓規(guī)律和歐姆定律求出滑動變阻器連入電路的最小阻值和最大阻值，從而得 R2的取值范圍． 此題考查了歐姆定律公式的應用，會分析電路連接方式，熟練應用相關規(guī)律即可正確解題，有關第 ③ 問中求滑動變阻器的阻值范圍是此題的難點，關鍵是確定電壓表或電流表的最大值． 26. 如圖 17所示，均勻?qū)嵭恼襟w甲、乙放在水平地面上，甲的底面積為 410 2米 2，質(zhì)量為 16千克 ， 乙的體積為 110 3米 3。 求： ①甲